2024-2025学年河南省周口市商水县大武乡二中九年级（上）期末物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2024-2025学年河南省周口市商水县大武乡二中九年级（上）期末物理试卷(含详细答案解析)，共26页。试卷主要包含了填空题，选择题，作图题，实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）公元1世纪，我国学者王充在《论衡》一书写下“顿牟掇芥”，此语意为摩擦过的琥珀能吸引轻小草芥。摩擦后的琥珀得到了电子带 电，它能吸引草芥说明 。
2．（3分）用蒸笼蒸馒头，是上层还是下层蒸格中的馒头先熟？小明仔细观察后发现：高温的水蒸气经过多层蒸格向上升，遇到冷的蒸笼盖时，大量的水蒸气发生 （填物态变化名称）现象， 很多热量，使 层蒸格中的馒头先熟。
3．（2分）如图所示的空气压缩引火仪，在筒内放置一小团硝化棉，迅速压下活塞，活塞对筒内的空气做功，使空气的 能增加，温度升高，从而使硝化棉燃烧。这一实验过程与四冲程柴油机工作时的 冲程相似。
4．（4分）在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家中如图所示的电能表的转盘转了70r，电热水器的实际功率为 W；若不计能量损失，这段时间内电热水器中50L的水可升温 ℃。家庭电路中电热水器的功率 （选填“大于”“小于”或“等于”）电冰箱的功率，从安全用电的角度考虑，电热水器的电源线要比电冰箱的 （选填“粗”或“细”）。，。
5．（2分）如图，电源电压不变，电阻R1＝10Ω、R2＝20Ω。当开关S1闭合，S2和S3断开时，电流表的示数为0.1A，当开关都闭合时，电流表示数为0.4A，则电源电压U＝ V，电阻R3＝ Ω。
6．（2分）如图所示，小明将一个铁锁从鼻子处放手，结果铁锁摆回时并没有砸到他的鼻子，这是因为 ，这一过程 （选填“符合”或“不符合”）能量守恒定律。
二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。第7~12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13~14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分）
7．（2分）发现利用磁场产生电流的条件和规律，进一步解释了电现象和磁现象之间联系的物理学家是（ ）
A．奥斯特B．法拉第C．欧姆D．安培
8．（2分）关于静电现象，下列说法不正确的是（ ）
A．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这个过程中丝绸失去电子
B．细线悬挂的两轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷
C．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
D．摩擦起电的实质是电荷的转移
9．（2分）如图所示，汽油机的四个冲程工作示意图中，与图中塞子被冲开的能量转化情况相同的是（ ）
A．B．
C．D．
10．（2分）如图是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，下列判断正确的是（ ）
A．该物质是非晶体
B．该物质可能是沥青
C．在第20min时，该物质处于固液共存状态
D．该物质的熔点是80℃，熔化过程持续了25min
11．（2分）如图甲所示，调节滑动变阻器的滑片从最右端滑至灯泡正常发光的位置，电流表的示数与两电压表的示数的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．滑动变阻器的最大阻值为40Ω
C．灯泡正常发光时的电阻为10Ω
D．灯泡正常发光时的功率为1.2W
12．（2分）下列图中不符合安全用电原则的是（ ）
A．使用验电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B．人应远离断线后落地的高压线
C．电灯的开关应接在零线上
D．不用湿布擦拭正在工作的电灯
（多选）13．（2分）随着科技发展，各种现代技术不断得到运用。以下说法正确的是（ ）
A．航天器在月球表面利用声呐测绘地貌
B．Wi﹣Fi无线上网是利用电磁波传输信号
C．若用超导材料制作远距离输电导线，可大大节约电能
D．未来可能制造出不消耗能量却能不断对外做功的机器
（多选）14．（2分）在如图所示的电路中，磁敏电阻R的阻值随磁场的增强而明显减小。将螺线管一端靠近磁敏电阻R，闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（ ）
A．螺线管左端为S极，右端为N极
B．当R1的滑片向左滑动时，电压表示数减小
C．当R1的滑片向右滑动时，电流表示数增大
D．在螺线管中插入铁芯，电压表示数减小
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
15．（2分）请你在图中，标出小磁针的N、S极及通电螺线管周围的磁感线方向。
16．（2分）在某些场所通常用两只灯串联照明，由一个开关控制，墙上还需要安装两个插座，请用笔画线代替导线将这些元件正确连入电路。
四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分）
17．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中、Ⅰ、Ⅱ两组同学采用完全相同的实验装置分别同时开始加热等质量的水，并同时开始记录加热时间和水的温度。
（1）实验中除温度计外，还需要的测量工具是 。
（2）实验中，观察到水中气泡上升情形如图甲所示，可判断该情形是水沸腾 （填“前”或“时”）的现象。
（3）图乙是两组同学分别根据实验数据绘制的水沸腾时温度随时间变化的图象，由图象可知水的沸点是 ℃；由图象还可以看出，Ⅰ、Ⅱ两组图线不同的原因是水的 不同。
18．如图所示是探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。
（1）闭合开关后，当导体ab向左或向右运动时，电流计指针偏转；当导体ab向上或向下运动时，电流计指针不偏转，说明闭合电路中的部分导体在磁场中做 运动时导体中会产生感应电流，此实验过程能量转化情况是 。
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流计指针向右偏转，当导体ab向右运动时，电流计指针向左偏转，说明感应电流的方向与 有关。
（3）闭合开关后，当导体ab向左运动时，电流计指针向右偏转，现将蹄形磁体南北极对调，并使导体ab向左运动，此时电流计指针向 （选填“左”或“右”）偏转。
（4）闭合开关后，导体ab静止不动，电流计指针 （选填“偏转”或“不偏转”）；小明碰了一下蹄形磁体，使其水平发生移动，此时电流计指针 （选填“会”或“不会”）偏转。
19．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V、小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，闭合开关后，发现只有 有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片适当向 （选填“左”或“右”）滑动；
（3）图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图像，根据图像可知，小灯泡的额定功率为 W；
（4）测量小灯泡的电功率 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 ；
（5）小敏在测额定电压为U额的小灯泡的额定功率时，电压表损坏，小敏利用身边的器材设计了如图丁所示的电路，其中电源电压恒为U，R的阻值已知。
①闭合开关S和S2，断开S1，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为；
②闭合开关S和S1，断开S2， ，记录电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率为P额＝ （用已知量和测量量的符号表示）。
五、综合应用题（本题共2小题，第20题7分，第21题10分，共17分）
20．到2022年，唐河县几个处于风口的乡镇，都装上了价值千万的“大风车”一风力发电机。它们所发出的电可就近接入当地现有的变电站（如图），为低碳环保贡献了一份力量。请完成以下问题：
（1）风能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，“大风车”是利用 原理发电的。
（2）若每台风力发电机的功率为3.5MW，采用35kV的高压接入当地变电站，则输电线中的电流为多少？
（3）若每台风力发电机每天可发电10小时，如果一天的发电量由热电转换效率为30%的热电厂来提供，需要消耗多少煤？（煤的热值q＝3.0×107J/kg）
21．如图甲所示为某品牌空气炸锅，其发热元件为两个电阻，R1＝48.4Ω，R2＝484Ω，额定工作电压为220V，通过开关S、S1，可实现高温挡、中温挡和低温挡三个挡位的切换，其内部电路可简化为图乙所示的电路。
（1）开关S1闭合，开关S接a时为 （选填“高温挡”“中温挡”或“低温挡”），求此时通过电阻R2的电流 。（结果保留两位小数）
（2）若不计热量损失，用此空气炸锅高温挡加工薯条，原料薯条温度为20℃炸熟至少需要达到170℃则一次炸熟200g薯条需要多少时间？[c薯条取3.63×103J/（kg•℃），此过程中薯条质量不变]
2024-2025学年河南省周口市商水县大武乡二中九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
二．多选题（共2小题）
一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）
1．（2分）公元1世纪，我国学者王充在《论衡》一书写下“顿牟掇芥”，此语意为摩擦过的琥珀能吸引轻小草芥。摩擦后的琥珀得到了电子带 负 电，它能吸引草芥说明 带电体能吸引轻小物体 。
【分析】①不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
②带电体可以吸引轻小物体。
【解答】解：摩擦后的琥珀得到了电子带负电，它能吸引小纸屑说明带电体具有吸引轻小物体的性质。
故答案为：负；带电体能吸引轻小物体。
【点评】了解摩擦起电的实质及带电体的性质，是解答本题的关键。
2．（3分）用蒸笼蒸馒头，是上层还是下层蒸格中的馒头先熟？小明仔细观察后发现：高温的水蒸气经过多层蒸格向上升，遇到冷的蒸笼盖时，大量的水蒸气发生 液化 （填物态变化名称）现象， 放出 很多热量，使 上 层蒸格中的馒头先熟。
【分析】水蒸气遇冷会发生液化现象，液化会放出很多热量。据此分析回答。
【解答】解：高温的水蒸气遇到冷的蒸笼盖，会变成水滴，由气态变成液态，是液化现象；水蒸气液化时，要放出大量的热。从而造成上面的馒头先熟。
故答案为：液化；放出；上。
【点评】从蒸馒头的物理过程入手分析，明确物态变化的定义是解决此题的关键。
3．（2分）如图所示的空气压缩引火仪，在筒内放置一小团硝化棉，迅速压下活塞，活塞对筒内的空气做功，使空气的 内 能增加，温度升高，从而使硝化棉燃烧。这一实验过程与四冲程柴油机工作时的 压缩 冲程相似。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
在汽油机的压缩冲程中，将机械能转化为内能；在汽油机的做功冲程中，将内能转化为机械能。
【解答】解：下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使其气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来；
四冲程汽油机的压缩冲程是活塞压缩做功，机械能转化为气缸内物质的内能，所以能量转化形式相同；
故答案为：内；压缩。
【点评】解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能进行分析解答。当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
4．（4分）在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家中如图所示的电能表的转盘转了70r，电热水器的实际功率为 2100 W；若不计能量损失，这段时间内电热水器中50L的水可升温 1.2 ℃。家庭电路中电热水器的功率 大于 （选填“大于”“小于”或“等于”）电冰箱的功率，从安全用电的角度考虑，电热水器的电源线要比电冰箱的 粗 （选填“粗”或“细”）。，。
【分析】（1）先求出电能表的转盘转70r电热水器消耗的电能，然后根据P求出该电热水器的实际功率；
（2）根据W＝Pt求出电热水器消耗的电能，因为不计能量损失，Q吸＝W，再利用Q＝cmΔt求出水升高的温度；
（3）根据生活实际可知，家用电冰箱的功率约200W，而电热水器的功率为2100W；
（4）利用P＝UI、Q＝I2Rt以及影响导体电阻大小的因素来分析即可。
【解答】解：电热水器实际消耗的电能为，
电热水器的实际功率为；
50L＝0.05m3的水的质量为m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.05m3＝50kg，
不计能量损失，则Q＝W＝2.52×105J，
即消耗的电能所转化为的内能可使50kg水升高的温度为；
家用电冰箱的功率约200W，而电热水器的功率为2100W，故电热水器的功率大于家用电冰箱的功率。
根据P＝UI可知，在家庭电路电压一定时，电热水器工作时的电流远大于冰箱，由Q＝I2Rt可知，若电热水器和电冰箱的电源线电阻相同，单位时间内热水器电源线上产生的热量会远大于电冰箱电源线产生的热量。在电热水器通电电流不能减小的情况下，要使电热水器电源线单位时间内产生的热量与电冰箱电源线产生的热量差不多，处于安全范围。可以使电热水器的电源线的电阻比电冰箱电源线的电阻更小，所以在选用材料和长度相同时，电热水器的电源线要比电冰箱电源线更粗。
故答案为：2100；1.2；大于；粗。
【点评】本题是一道电热综合题，涉及到功率公式、功的公式、吸热公式以及影响导体电阻大小的因素等，与生活紧密相连，学以致用！
5．（2分）如图，电源电压不变，电阻R1＝10Ω、R2＝20Ω。当开关S1闭合，S2和S3断开时，电流表的示数为0.1A，当开关都闭合时，电流表示数为0.4A，则电源电压U＝ 3 V，电阻R3＝ 30 Ω。
【分析】当开关S1闭合，S2和S3断开时，R1和R2串联接入电路，电流表测通过电路的电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电源电压；当开关都闭合时，R1和R3并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过电阻R1的电流，根据并联电路电流规律计算通过电阻R3的电流，根据欧姆定律可得电阻R3的阻值。
【解答】解：当开关S1闭合，S2和S3断开时，R1和R2串联接入电路，电流表测通过电路的电流，串联电路总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得电源电压：U＝I（R1+R2）＝0.1A×（10Ω+20Ω）＝3V；
当开关都闭合时，R1和R3并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，则通过电阻R1的电流：I10.3A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过电阻R3的电流：I3＝I′﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A，
根据欧姆定律可得电阻R3的阻值：R330Ω。
故答案为：3；30。
【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
6．（2分）如图所示，小明将一个铁锁从鼻子处放手，结果铁锁摆回时并没有砸到他的鼻子，这是因为 摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少 ，这一过程 符合 （选填“符合”或“不符合”）能量守恒定律。
【分析】任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律。
【解答】解：摆球在摆动过程中部分的机械能因为和空气摩擦转化为内能而导致摆球的机械能减少，这一过程同样符合能量的转化和守恒定律，即能的总量保持不变。
故答案为：
【点评】机械能不守恒并不表示能的总量不守恒，这是我们应该特别注意的。机械能虽然有时候减少了，但也是转化成了其他形式的能量。
二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。第7~12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13~14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分）
7．（2分）发现利用磁场产生电流的条件和规律，进一步解释了电现象和磁现象之间联系的物理学家是（ ）
A．奥斯特B．法拉第C．欧姆D．安培
【分析】A、奥斯特发现了电流的磁效应，是世界上第一个发现了电与磁之间联系的科学家；
B、法拉第进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系；
C、欧姆是发现了电流与电压、电阻之间的联系；
D、安培是发现了通电螺线管磁场方向与线圈内电流方向之间的联系；
【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，是世界上第一个发现了电与磁之间联系的科学家；故A错误。
B、法拉第进一步揭示了电现象和磁现象之间的联系；故B正确。
C、欧姆是发现了电流与电压、电阻之间的联系；故C错误。
D、安培是发现了通电螺线管磁场方向与线圈内电流方向之间的联系；故D错误。
故选：B。
【点评】该题考查了物理学史中的一些物理常识。
8．（2分）关于静电现象，下列说法不正确的是（ ）
A．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这个过程中丝绸失去电子
B．细线悬挂的两轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷
C．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
D．摩擦起电的实质是电荷的转移
【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，两个物体相互摩擦时，原子核束缚能力强的物体得到电子带负电，原子核束缚能力弱的物体失去电子带正电；
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥。
【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这个过程中丝绸得到电子，而玻璃棒失去电子，故A错误；
B、细线悬挂的两轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷，也可能一个带电，一个不带电，故B正确；
C、验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，故C正确；
D、摩擦起电的实质是电荷的转移，故D正确。
故选：A。
【点评】本题主要考查了摩擦起电的实质、电荷间的相互作用以及验电器的原理，是一道基础题。
9．（2分）如图所示，汽油机的四个冲程工作示意图中，与图中塞子被冲开的能量转化情况相同的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】（1）做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。
（2）内燃机的一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程组成；由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；
四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化。
【解答】解：塞子冲出的过程中，试管内的气体对塞子做功，将内能转化为机械能。
A．进气门、排气门关闭，活塞由下向上运动，是压缩冲程，此过程中能量转化情况是机械能转化为内能。故A不正确；
B．进气门关闭，排气门打开，活塞由下向上运动，是排气冲程，此过程中没有能量的转化，故B不正确；
C．进气门、排气门关闭，活塞由上向下运动，是高温高压的燃气推动活塞对外做功。是做功冲程，此过程中发生的能量转化是燃气的内能转化为活塞的机械能，与试管内水蒸气将活塞冲出能量转化情况相同。故C正确；
D．进气门打开，排气门关闭，活塞由上向下运动，是吸气冲程，此过程中没有能量的转化，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查了做功改变物体的内能和内燃机四个冲程能量的转化，属于综合性题目。
10．（2分）如图是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，下列判断正确的是（ ）
A．该物质是非晶体
B．该物质可能是沥青
C．在第20min时，该物质处于固液共存状态
D．该物质的熔点是80℃，熔化过程持续了25min
【分析】明确图象中横纵坐标所表示的内容，可以看出物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再高，说明这是晶体熔化的图象，进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态，熔化过程中处于固液共存状态、熔化完成处于液态。
【解答】解：
ABD、分析图象可知，图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是物质的熔点，该物质有固定的熔化温度，是晶体，而沥青是非晶体；该物质从第10分钟开始熔化，到第25分钟左右结束，熔化过程持续了15 min，故ABD错误；
C、在第20 min时，该物质处于熔化过程中，该物质处于固液共存状态，故C正确；
故选：C。
【点评】分析物质熔化图象时，既要看温度随时间的整体变化趋势，更要学会观察关键的温度点和时间点，这样才能做出全面的分析。
11．（2分）如图甲所示，调节滑动变阻器的滑片从最右端滑至灯泡正常发光的位置，电流表的示数与两电压表的示数的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．滑动变阻器的最大阻值为40Ω
C．灯泡正常发光时的电阻为10Ω
D．灯泡正常发光时的功率为1.2W
【分析】A.分析电路可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器电压，电源电压等于电流为0.2A时对应的两电压表示数之和；
B.滑动变阻器滑片在最右端时处于最大值，此时电路中的电流最小0.2A，由乙图可知，此时滑动变阻器两端电压，由欧姆定律求出最大电阻；
CD.动变阻器的滑片从最右端滑至灯泡正常发光的位置，滑片移动的过程中，V1的示数变大，V2的示数变小，由图乙可知灯泡正常发光时滑动变阻器两端，电源电压已知，可知灯泡两端的电压和通过的电流，由欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时的功率P＝UI。
【解答】解：A.分析电路可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器电压，灯泡的电压随电流的增大而增大，故是图像上升的曲线，变阻器的下降的曲线；
电源电压等于电流为0.2A时对应的两电压表示数之和，由图乙可知，此时V1、V2示数分别是1V、8V，所以电源电压U＝U1+U2＝1V+8V＝9V，故A错误；
B.滑动变阻器滑片在最右端时处于最大值，此时电路中的电流最小0.2A，由乙图可知，此时滑动变阻器两端电压U2＝8V，
滑动变阻器的最大阻值为，故B正确；
CD．由图像可知，灯泡正常发光时电流为0.6A，变阻器电压为2V，根据串联电压规律，灯泡的额定电压为U额＝U﹣U滑'＝9V﹣2V＝7V
则灯泡正常发光时的电阻为
则灯泡正常发光时的功率为P额＝U额I额＝7V×0.6A＝4.2W
故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了本题考查了串联电路中电流、电压的规律，欧姆定律的应用，电功率的计算。
12．（2分）下列图中不符合安全用电原则的是（ ）
A．使用验电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B．人应远离断线后落地的高压线
C．电灯的开关应接在零线上
D．不用湿布擦拭正在工作的电灯
【分析】（1）验电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
（2）高压触电：高压电弧触电、跨步电压触电；
（3）家庭电路中，开关要接在火线上，灯泡的螺旋套要接在零线上；
（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
【解答】解：
A、使用验电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故A正确；
B、人靠近断线后落地的高压线，易发生跨步电压触电，所以人应远离断线后落地的高压线，故B正确；
C、控制灯泡的开关要接在火线上，开关断开时，灯上没有电，便于维修或更换灯泡，图中接反了，故C错误；
D、生活用水是电的导体，用湿布擦正在工作的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
（多选）13．（2分）随着科技发展，各种现代技术不断得到运用。以下说法正确的是（ ）
A．航天器在月球表面利用声呐测绘地貌
B．Wi﹣Fi无线上网是利用电磁波传输信号
C．若用超导材料制作远距离输电导线，可大大节约电能
D．未来可能制造出不消耗能量却能不断对外做功的机器
【分析】（1）声音的传播需要介质；
（2）移动通信是利用电磁波传输信号的；
（3）超导体的电阻为零，也就避免了电能的损耗，适合做输电线路；
（4）自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量可以相互转化，同种能量也可在不同物体间进行转移，能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。
【解答】解：A、声呐利用的是超声波，超声波的传播需要介质，真空不能传声，故A错误；
B、Wi﹣Fi无线上网是利用电磁波传递信息的，故B正确；
C、超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零，当电阻为零时用超导材料传输电能可以减少电能损耗，用作输电导线，故C正确；
D、能量既不会消灭，也不会产生，能量在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变，故不可能制造出不消耗能量却能不断对外做功的机器，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了声音的传播、电磁波的传播、超导体的而应用、能量守恒等知识，是一道基础题。
（多选）14．（2分）在如图所示的电路中，磁敏电阻R的阻值随磁场的增强而明显减小。将螺线管一端靠近磁敏电阻R，闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（ ）
A．螺线管左端为S极，右端为N极
B．当R1的滑片向左滑动时，电压表示数减小
C．当R1的滑片向右滑动时，电流表示数增大
D．在螺线管中插入铁芯，电压表示数减小
【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；
（2）先分析滑片向左移动时，变阻器的阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，进一步得出电磁铁磁性强弱的变化，并确定磁敏电阻的变化，然后根据串联电路分压规律可知电压表示数的变化；
（3）先分析滑片向右移动时，变阻器的阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，进一步得出电磁铁磁性强弱的变化，并确定磁敏电阻的变化，然后根据欧姆定律可知电流表示数的变化；
（4）先根据在螺线管中插入铁芯后，电磁铁磁性的强弱变化，然后确定磁敏电阻的变化，最后根据串联电路分压规律可知电压表示数的变化。
【解答】解：
A、电流从电磁铁的右端流入，左端流出，利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误；
B、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，因此磁敏电阻的阻值减小；因为串联电路起分压作用，因此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示数变小，故B正确；
C、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱，因此磁敏电阻的阻值变大；由欧姆定律可知电流表示数变小，故C错误；
D、在螺线管中插入铁芯后，螺线管的磁性增强，则磁敏电阻的阻值减小；因为串联电路起分压作用，因此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示数变小，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了电路的动态分析和安培定则的应用，分清两电路图之间的关系和磁敏电阻的特点是关键。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
15．（2分）请你在图中，标出小磁针的N、S极及通电螺线管周围的磁感线方向。
【分析】根据电流的方向，利用磁极间的作用规律与安培定则即可解决此题。
【解答】解：题中知道电流的方向，根据安培定则可以判断出螺线管的极性，再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互排斥，可以画出如图所示：
【点评】要确定小磁针的转动方向，首先要判断螺线管的N、S极。
16．（2分）在某些场所通常用两只灯串联照明，由一个开关控制，墙上还需要安装两个插座，请用笔画线代替导线将这些元件正确连入电路。
【分析】（1）灯泡的接法：开关应接在火线与灯泡之间，在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线；两孔插座的接法：左孔接零线、右孔接火线。
【解答】解：根据题意可知，用两只灯串联照明，由一个开关控制，开关应接在火线与灯泡之间；
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线；两孔插座的接法：左孔接零线、右孔接火线；如图所示：
【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分）
17．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中、Ⅰ、Ⅱ两组同学采用完全相同的实验装置分别同时开始加热等质量的水，并同时开始记录加热时间和水的温度。
（1）实验中除温度计外，还需要的测量工具是 秒表 。
（2）实验中，观察到水中气泡上升情形如图甲所示，可判断该情形是水沸腾 前 （填“前”或“时”）的现象。
（3）图乙是两组同学分别根据实验数据绘制的水沸腾时温度随时间变化的图象，由图象可知水的沸点是 98 ℃；由图象还可以看出，Ⅰ、Ⅱ两组图线不同的原因是水的 初温 不同。
【分析】（1）实验中需要的测量工具有温度计和秒表；
（2）沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡遇低温液化，气泡减小；当水温达到沸点时，有大量的气泡涌现，接连不断地上升，并迅速地由小变大；
（3）水沸腾过程中温度不变，由图乙可知水的沸点，由图像可知，当时间为0时，甲的温度为92℃，乙的温度为90℃，由此可得出结论。
【解答】解：（1）实验中除温度计外，还需要的测量时间，用到秒表；
（2）沸腾前，上层的水温度较低，上升的气泡遇低温液化，气泡减小，甲图是水沸腾前的现象；
（3）水沸腾后温度不变，它的图像特点是一条平行于时间轴的线段，观察图像可知水温达到98℃后温度随着时间不再升高，所以水的沸点是98℃；实验中水的质量相同，相同时间内吸收的热量也相同。观察图像，当温度达到98℃时，由图像可知，当时间为0时，Ⅰ的温度为92℃，Ⅱ的温度为90℃，加热相同时间，升高的温度相同，所以两组图线不同，其原因是由于它们水的初温不同。
故答案为：（1）秒表；（2）前；（3）98；初温。
【点评】本题考查了课内实验“探究水沸腾的特点”相关内容，解题的关键是要知道液体沸腾的条件和沸腾时的特点。
18．如图所示是探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。
（1）闭合开关后，当导体ab向左或向右运动时，电流计指针偏转；当导体ab向上或向下运动时，电流计指针不偏转，说明闭合电路中的部分导体在磁场中做 切割磁感线 运动时导体中会产生感应电流，此实验过程能量转化情况是 机械能转化为电能 。
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流计指针向右偏转，当导体ab向右运动时，电流计指针向左偏转，说明感应电流的方向与 导体运动方向 有关。
（3）闭合开关后，当导体ab向左运动时，电流计指针向右偏转，现将蹄形磁体南北极对调，并使导体ab向左运动，此时电流计指针向 左 （选填“左”或“右”）偏转。
（4）闭合开关后，导体ab静止不动，电流计指针 不偏转 （选填“偏转”或“不偏转”）；小明碰了一下蹄形磁体，使其水平发生移动，此时电流计指针 会 （选填“会”或“不会”）偏转。
【分析】（1）（4）产生感应电流的条件：闭合的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生；产生感应电流的过程是机械能转化为电能的过程；
（2）（3）导体在磁场中运动产生的电流方向，与磁场方向、导体运动方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变电流方向，同时改变两个因素，电流方向不会改变。
【解答】解：（1）闭合开关后，当导体ab向左或向右运动时，导体切割磁感线，电流表指针偏转；当导体ab向上或向下运动时，没有切割磁感线，电流表指针不偏转；这说明闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动才会产生感应电流；导体在磁场中运动，消耗了机械能，产生了电能，所以产生感应电流的过程是机械能转化为电能的过程；
（2）由题可知，当导体运动的方向改变时，电流表指针偏转方向也改变，这说明感应电流的方向跟导体运动方向有关；
（3）导体在磁场中运动产生的电流方向，与磁场方向、导体运动方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变电流方向，同时改变两个因素，电流方向不会改变；闭合开关后，当导体ab向左运动时，电流表指针向右偏转，将蹄形磁体南北极对调，使导体ab向左运动，此时电流表指针向左偏转；
（4）闭合开关后，导体ab静止不动，无法切割磁感线，电流表指针不偏转，小明不小心碰了一下蹄形磁体左右晃动，导体ab可以切割磁感线，此时电流表指会偏转；
故答案为：（1）切割磁感线；机械能转化为电能；（2）导体运动方向；（3）左；（4）不偏转；会。
【点评】本题考查探究电磁感应现象的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识。
19．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V、小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，闭合开关后，发现只有 电压表 有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片适当向 左 （选填“左”或“右”）滑动；
（3）图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图像，根据图像可知，小灯泡的额定功率为 0.625 W；
（4）测量小灯泡的电功率 不需要 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 小灯泡在不同电压下的电功率不同 ；
（5）小敏在测额定电压为U额的小灯泡的额定功率时，电压表损坏，小敏利用身边的器材设计了如图丁所示的电路，其中电源电压恒为U，R的阻值已知。
①闭合开关S和S2，断开S1，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为；
②闭合开关S和S1，断开S2， 保持滑动变阻器滑片不动 ，记录电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率为P额＝ （用已知量和测量量的符号表示）。
【分析】（1）观察图甲知道，电压表串联在电路中，所以闭合开关后，导致电压表测量电源电压，电压表有示数；要测灯的额定功率，应将电压表并联在灯泡两端，据此连接实物图。
（2）由分压原理知道，判断滑动变阻器滑片移动方向。
（3）根据P额＝U额I额得出电功率大小。
（4）小灯泡在不同电压下的电功率不同，所以测量小灯泡的电功率时，不需要多次测量求平均值。
（5）根据题意分析电流表测量范围，据此分析。
【解答】解：（1）观察图甲知道，由于开关与灯泡之间的导线连接错误，电压表串联在电路中，所以闭合开关后，导致电压表测量电源电压，电压表有示数，由于电压表相当于开路，则电流表的没有示数；要测灯的额定功率，应将电压表并联在灯泡两端，如下图
（2）图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.8V，小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器的电压，由分压原理知道，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V。
（3）根据图丙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图像知道，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W
（4）小灯泡在不同电压下的电功率不同，所以测量小灯泡的电功率时，不需要多次测量求平均值。
（5）①闭合开关S和S2，断开S1，此时小灯泡和定值电阻并联后与滑动变阻器串联，电流表测定值电阻所在支路的电流，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S和S1，断开S2，电路依然为小灯泡和定值电阻并联后与滑动变阻器串联，此时电流表测干路电流，应保持滑动变阻器滑片不动，此时小灯泡正常发光，电流表的示数为I，由于并联电路互不影响即分流特点可知，通过小灯泡的电流为
故小灯泡的额定功率为
故答案为：（1）电压表，见解析图；（2）左；（3）0.625；（4）不需要；小灯泡在不同电压下的电功率不同；（5）保持滑动变阻器滑片不动；。
【点评】本题测量小灯泡电功率实验，有一定难度。实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。
五、综合应用题（本题共2小题，第20题7分，第21题10分，共17分）
20．到2022年，唐河县几个处于风口的乡镇，都装上了价值千万的“大风车”一风力发电机。它们所发出的电可就近接入当地现有的变电站（如图），为低碳环保贡献了一份力量。请完成以下问题：
（1）风能是 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，“大风车”是利用 电磁感应 原理发电的。
（2）若每台风力发电机的功率为3.5MW，采用35kV的高压接入当地变电站，则输电线中的电流为多少？
（3）若每台风力发电机每天可发电10小时，如果一天的发电量由热电转换效率为30%的热电厂来提供，需要消耗多少煤？（煤的热值q＝3.0×107J/kg）
【分析】（1）使用完后，在短期可以再生的能源称为可再生能源，使用后，在短期不能再生的能源是不可再生能源；发电机的工作原理是电磁感应现象；
（2）根据P＝UI可知高压输电线上的电流；
（3）先根据W＝Pt和Q＝ηW即可求出热电厂提供的热量，然后根据Q＝mq即可求出消耗煤的质量。
【解答】解：（1）风能可以源源不断地从自然界得到补充，是可再生能源；“大风车”属于发电机，是利用电磁感应原理发电的；
（2）根据P＝UI可知高压输电线上的电流为：I100A；
（3）风力发电机一天发出的电能：W＝Pt＝3.5×106W×10×3600s＝1.26×1011J；
热电厂产生的热量：Q4.2×1011J；
由Q＝mq可得，消耗煤的质量：m1.4×104kg。
答：（1）可再生；电磁感应；
（2）输电线中的电流为100A；
（3）需要消耗1.4×104kg的煤。
【点评】本题综合考查了能源的分类、发电机的工作原理、热量和电能的计算，涉及的内容较多，关键明确各量之间的关系。
21．如图甲所示为某品牌空气炸锅，其发热元件为两个电阻，R1＝48.4Ω，R2＝484Ω，额定工作电压为220V，通过开关S、S1，可实现高温挡、中温挡和低温挡三个挡位的切换，其内部电路可简化为图乙所示的电路。
（1）开关S1闭合，开关S接a时为 中温挡 （选填“高温挡”“中温挡”或“低温挡”），求此时通过电阻R2的电流 0.45A 。（结果保留两位小数）
（2）若不计热量损失，用此空气炸锅高温挡加工薯条，原料薯条温度为20℃炸熟至少需要达到170℃则一次炸熟200g薯条需要多少时间？[c薯条取3.63×103J/（kg•℃），此过程中薯条质量不变]
【分析】（1）由图乙可知，当S1断开，S2接a时，R1与R2串联；当S1闭合，S2接a时，R1短路，R2单独工作；当S1闭合，S2接b时，R1与R2并联，根据串并联电路的特点和P可知空气炸锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；根据欧姆定律求出此时通过电阻R2的电流；
（2）根据Q吸＝cmΔt求出薯条吸收的热量，不计热量损失，空气炸锅消耗的电能等于薯条吸收的热量，根据P求出高温挡的电功率，根据P求出加热需要的时间。
【解答】解：（1）由图乙可知，当S1断开，S2接a时，R1与R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，空气炸锅处于低温挡；
当S1闭合，S2接b时，R1与R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，总功率最大，空气炸锅处于高温挡；
当S1闭合，S2接a时，R1短路，R2单独工作，空气炸锅处于中温挡；
当空气炸锅处于中温挡时，通过电阻R2的电流：；
（2）薯条质量为m＝200g＝0.2kg
薯条吸收的热量：，
若不计热量损失，则需要消耗的电能：，
空气炸锅高温挡的电功率：P高温1100W：
由 可知，加热时间：。
故答案为：（1）中温挡；0.45A；
（2）加热薯条需要的时间为99s。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式、效率公式和热量公式的灵活运用，正确的判断电加热器处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/1/20 20:33:52；用户：秦子政；邮箱：13669037329；学号：41037197题号
7
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12
答案
B
A
C
C
B
C
题号
13
14
答案
BC
BD