2026届安徽省A10联盟高三上学期9月底学情诊断物理试题（解析版）

这是一份2026届安徽省A10联盟高三上学期9月底学情诊断物理试题（解析版），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本试卷满分100分，考试时同75分钟．请在答题卡上作答．
一、单选题：本愿共8小题，每小题4分，共32分：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。
1. 氘核通过一系列的核聚变释放能量：其中的一种核反应方程为，方程中x，y的数值分别为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】根据核反应前后质量数守恒有
根据核反应前后电荷数守恒有
联立解得
故选B。
2. 如图为一列简谐横波在某时刻的波动图像，质点P此时的运动方向沿y轴正方向，P、Q之间的距离为s，从图示时刻再经过时间t，质点P第一次运动到波峰位置。下列说法正确的是（ ）
A. 该波沿x轴正方向传播B. 质点P做简谐运动的周期为2t
C. 该波的传播速度大小为D. 经过2t质点Q运动到质点P处
【答案】C
【解析】
【详解】A．由于质点P此时沿y轴正方向运动，根据“上、下坡”法可知，该简谐波的传播方向沿x轴负方向，故A错误；
B．经过时间质点P第一次到达波峰，则质点P做简谐运动的周期为，故B错误；
C．根据波形图可知，该波波长为
则波的传播速度的大小为，故C正确；
D．质点Q在平衡位置做简谐运动，不会随波迁移，故D错误。
故选C。
3. 一升降机从静止开始以大小为a的加速度匀加速上升一段时间，接着匀速运动一段时间，再以大小为a的加速度做匀减速运动，直至速度为零，上升的总高度为H，在此过程中的最大速度为。关于升降机的运动下列说法正确的是（ ）
A. 加速上升的高度为B. 匀速运动的时间为
C. 减速运动的时间为D. 上升过程的总时间为
【答案】C
【解析】
【详解】A．由匀加速直线运动速度与位移的关系式
可得升降机加速上升的高度为，故A错误；
B．由对称性可知升降机匀减速运动的位移和匀加速运动的位移相等，即
故匀速运动的位移为
所以升降机匀速运动的时间为，故B错误；
C．由运动学公式
可得匀加速运动的时间为
由对称性可知升降机匀减速运动的时间和匀加速运动的时间相等，即，故C正确；
D．上升过程的总时间为，故D错误。
故选C。
4. 如图，导热性能良好的汽缸竖直放置在水平面上．用质量不能忽略的活塞封闭了一定质量的理想气体，不考虑活塞与汽缸之间的摩擦以及大气压强的变化，现缓慢降低缸内气体的温度，则（ ）
A. 活塞缓慢向下移动B. 气体一定对外做功
C. 气体一定从外界吸收热量D. 密闭气体所有分子热运动速率都减小
【答案】A
【解析】
【详解】A．对活塞受力分析可知，气体的压强保持不变，气体进行等压降温过程，根据盖－吕萨克定律可知，气体体积减小，活塞向下移动，故A正确；
B．在这过程中，缸内气体体积减小，外界对气体做功，故B错误；
C．气体的内能减小，根据热力学第一定律可知，气体向外放出热量，故C错误；
D．温度降低，分子运动的平均速率减小，不是所有分子热运动的速率都减小，故D错误。
故选A。
5. 如图。OC为固定在O处点电荷的一根电场线。A、B为该电场线上的两点，且。B点的电场强度大小为E，质量为m、电荷量为q的带正电的粒子M在A点的速度大小为v，沿电场线运动到B点时，速度大小为2v，若只考虑电荷间库仑力的作用，M可视为点电荷，下列说法正确的是（ ）
A. O处的点电荷带负电
B. A点的电场强度大小为2E
C. M在A点的电势能小于在B点的电势能
D. 电场中A、B两点间的电势差
【答案】D
【解析】
【详解】A．粒子M从A到B动能增大，电场力做正功，又粒子M带正电，所以O处点电荷带正电，电场线的方向从A到B，故A错误；
B．根据点电荷的场强公式
由于，可知 A点的电场强度大小为4E，故B错误；
C．由于粒子M带正电，A点电势高于B点电势，根据
可知M在A点的电势能大于在B点的电势能，故C错误；
D．根据电场力做功以及动能定理有
解得A、B两点间的电势差，故D正确。
故选D。
6. 如图，质点M在竖直面内绕定点O沿逆时针方向做匀速圆周运动，质点N在水平面上做直线运动且始终在质点M的正下方，时，质点M恰好在O点正上方．取水平向右为正方向，则在质点M运动的一个周期T内，质点N运动的加速度a随时间t变化的图像可能是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】质点M做匀速圆周运动的加速度大小始终不变，方向始终指向圆心O，时，质点M在O点的正上方，此时质点N在O点的正下方，则质点N的加速度是质点M加速度在水平方向的分量，有，故选C。
7. 如图，足够长的轻质薄板A放置在光滑水平面上，薄板上静置着两个小物体B、C，物体B的质量为2m，物体C的质量为m，两物体与板之间的动摩擦因数均为，现对物体C施加大小为的水平拉力，重力加速度大小为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列说法正确的是（ ）
A. 两物体都与薄板相对静止B. 两物体都与薄板发生相对滑动
C. 物体C速度变化率的大小为D. 物体B受到的合外力大小为
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由于薄板受到的合外力为零，所以C相对于薄板滑动，B相对于薄板静止，故AB错误；
C．由于C受到的是滑动摩擦力，对C根据牛顿第二定律可得
解得
因此物体C速度变化率的大小就是加速度的大小为，故C错误；
D．物体B受到薄板施加的水平方向的静摩擦力，大小为，故D正确。
故选D。
8. 如图，三角形ACD为直角三角形，．AD长为3a，其内有垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、电荷量为的电子从A点沿AC边以速度v射入磁场，速度v满足．不计电子的重力，下列说法正确的是（ ）
A. 电子在磁场中运动的最长时间为B. 电子在磁场中运动的最短时间为
C. 电子能打在AD边上最大范围的长为D. 电子能打在DC边上最大范围的长为
【答案】D
【解析】
【详解】A．电子在磁场中运动时，最长的运动时间是电子打在AD边上，根据洛伦兹力提供向心力则有，
联立解得
粒子运动时间最长为，故A错误；
B．当电子垂直打在DC边上时，粒子偏转的圆心角最小，在磁场中运动的时间最小，如图所示
由几何关系可知，圆心角，则电子在磁场中运动的最短时间，故B错误；
C．当电子运动的轨迹与DC边相切于E点时，打在AD边上的范围最大，由几何关系可知打在AD边上最大长度为2a。故C错误；
D．电子半径最大时，根据，此时圆心在D点，电子打在DC边上的F点，如图所示
则有
切点E与D点的距离为
所以电子能打在DC边上最大范围的长为，故D正确。
故选D。
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分，在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
9. 我国低轨道卫星的发射与运行在国防建设和环境检测方面发挥了重要作用．其中有一颗低轨卫星绕地球做匀速圆周运动，线速度为v、加速度为a，轨道半径为r。不考虑地球的自转影响，地球表面的重力加速度为g，地球的半径为R，地球的第一宇宙速度为，下列关系式正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．根据牛顿第二定律有
在地面附近，则有
联立解得，故A错误，B正确；
CD．根据万有引力提供向心力则有，
联立解得，故C正确，D错误。
故选BC。
10. 如图甲所示，单匝圆形金属线圈置于垂直线圈平面的匀强磁场中，线圈的电阻为R，取磁场方向垂直纸面向里时的磁通量为正，穿过线圈的磁通量随时间变化的图像如图乙所示，呈正弦函数规律变化，图中的、T均已知，不考虑线圈面积的变化．下列说法正确的是（ ）
A. 在时间内，线圈有收缩的趋势
B. 在时刻，线圈中感应电流为零
C. 在时间内，通过线圈横截面电荷量为
D. 在0~T时间内，线圈中产生的总焦耳热为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．在时间内，穿过线圈的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知，线圈有收缩的趋势，故A正确；
B．在时刻，线圈中磁通量为零，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势最大，感应电流最大，故B错误；
C．在时间内，线圈中的磁通量的变化量为零，感应电动势的平均值为零，感应电流的平均值为零，所以通过线圈横截面的电荷量为零，故C错误；
D．感应电动势的最大值为
在一个周期内，线圈中产生的总焦耳热为。故D正确。
故选AD。
三、非选择题：共5题，共58分．
11. 某实验小组探究平抛运动的特点：
（1）利用如图甲所示的装置进行实验：击打弹片时，A球做平抛运动，B球做自由落体运动．经过多次实验发现两个小球总是同时落地，由此得到的结论是：做平抛运动的物体（ ）
A 水平方向做匀速运动
B. 竖直方向做自由落体运动
C. 水平方向匀速运动，竖直方向做自由落体运动
（2）利用图乙所示的装置进行实：实验前、先将一张白纸和复写纸固定在装置的背板上．钢球从M点由静止释放落到水平放置的挡板N上后，就会挤压复写纸，在白纸上留下印迹．上下调节挡板N，通过多次实验，在白纸上记录钢球所经过的多个位置．用平滑曲线把这些印迹连接起来，就得到钢球做平地运动的轨迹．
①实验前，为了得到平抛运动的轨迹，斜槽末端的切线________（填“需要”或“不需要”）调成水平；
②以钢球放在斜槽末端时球心在白纸上的投影点O为坐标原点，建立直角坐标系xOy，在轨迹上选取间距较大的几个点，测出其坐标作出图像如图丙实线所示．若将小球在斜槽上的释放点M的高度提高一些，再次由静止释放小球，其他步骤不变，则得到的图像是丙图中的_______（填“a”“b”“c”或“d”）。
【答案】（1）B （2） ①. 需要 ②. d
【解析】
【小问1详解】
利用图甲所示的装置，根据两球始终同时落地，只能得到平抛运动竖直方向是自由落体运动，不能得到水平方向是匀速直线运动。
故选B。
【小问2详解】
[1]为了保证小球离开斜槽末端后速度方向水平，需要调节斜槽末端的切线水平；
[2]根据平抛运动的规律可得，
联立解得
图像为过坐标原点的直线；当M点的高度提高后，小球做平抛运动的初速度增大，图像的斜率变小，但仍然是过坐标原点的直线。
故选d。
12. 某物理兴趣小组想利用图甲所示的电路测量一水果电池的电动势和内阻。
（1）由于没有找到合适量程电压表，小组同学决定利用一个最大阻值为999.9Ω的电阻箱将满偏电流为：内阻的表头改装成量程为0~2V的电压表，应将电阻箱与表头串联，同时将电阻箱的阻值调到______Ω；
（2）将改装后的电压表V按图甲连接好，闭合开关，实验中多次改变电阻箱的阻值R，从电压表中读出相应的电压U。
①一部分同学作出图像如图乙所示，图像的纵截距为、斜率为，如果不考虑电压表的分流作用，则电源的电动势和内阻的测量值分别为______、______；
②另外一部分同学作出图像如图丙所示，图像的纵截距为、斜率的绝对值为，如果考虑电压表的分流作用，改装成的电压表的内阻用RV表示，则电源的电动势和内阻的测量值分别为______、______。
【答案】（1）200 （2） ①. ②. ③. ④.
【解析】
【小问1详解】
利用电阻箱和表头改装成电压表，应该将电阻箱与表头串联分压，根据
可得电阻箱电阻的阻值为
【小问2详解】
①[1][2]根据闭合电路欧姆定律，不考虑电压表分流时有
化简得
从而有
解得
②[3][4]如果考虑电压表的分流，则根据闭合电路欧姆定律可得
变形得
从而有
解行
13. 如图，玻璃砖的横截面由等腰直角三角形MNQ和半径为R的四分之一圆弧NPQ组成，Q为圆心，A为MQ边的中点．一束平行光束垂直MQ面射入，经过A点的光线在MN面上发生全反射并直接从NP面射出，射出时的折射角为，不考虑光在NP面上的二次反射已知。求：
（1）玻璃砖的折射率n；
（2）从NP面上直接射出的光线，对应的入射光线在MQ上的长度l。
【答案】（1）1.6 （2）
【解析】
【小问1详解】
作出经过A点的光线在玻璃砖中前进的光路图如图，由于A为MQ边的中点，由几何关系得
由题意知折射角，根据折射定律得
解得
【小问2详解】
光射到NP面上刚好发生全反射时
由几何关系得
联立解得
14. 如图，游戏轨道由水平光滑直轨道MN和两个外切的半径为R的四分之一光滑细圆管轨道NPQ组成（管的直径可忽略不计），NP与MN相切，在圆管轨道的N点下表面和Q点的上表面装有微型压力传感器（图中没有画出）．可视为质点、质量为m的光滑小球在恒力作用下从M点由静止出发，到N点时传感器的读数为，此时撤去恒力F，小球继续沿着圆管轨道运动到Q点后水平抛出．已知重力加速度大小为g，求：
（1）小球从M点运动到N点的时间t；
（2）小球从Q点水平抛出后，落地点与N点的距离s；
（3）若增加M点到N点距离，要求Q点处传感器的读数至少为，恒力F做功W的取值范围．
【答案】（1）
（2）4R （3）
【解析】
【小问1详解】
根据牛顿第二定律，在MN段，小球的加速度大小
在圆轨道的N点，根据牛顿第二定律可得
结合牛顿第三定律可知
根据匀变速直线运动的规律
联立解得
【小问2详解】
设小球在Q点速度为v，从N点到Q点，根据动能定理，则有
从抛出到落地，竖直方向则有
落地点与N点的距离
解得
【小问3详解】
设小球在Q点的速度为，根据牛顿第二定律则有
其中
从M到Q，根据动能定理可得
解得
15. 如图，间距为的平行导轨由倾斜部分和足够长的水平部分组成，固定放置在地面上，两部分在E、F处通过光滑绝缘圆弧小段连接。倾斜导轨光滑，倾角，上端连接一个阻值的电阻，倾斜导轨上的矩形区域KMEF间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度，且MK与EF相距；水平导轨上的矩形区域EFGH部分无磁场，且EF与GH相距为d=1m，该部分导轨粗糙，GH右侧导轨光滑，处于竖直向上、磁感应强度大小为的匀强磁场中。质量、电阻的导体棒a静置于水平轨道上GH处，现让质量、电阻的导体棒b从距磁场边界MK为处静止释放，已知导体棒b到达倾斜导轨底部前已匀速，滑到水平轨道上与a棒发生弹性碰撞，碰后a棒向右运动后停下，已知，重力加速度，导轨电阻不计，求：
（1）导体棒b刚进入磁场时b棒两端的电压；
（2）导体棒b在倾斜导轨上运动的时间；
（3）导体棒b与水平粗糙导轨间的动摩擦因数。
【答案】（1）1.6V
（2）1.55s （3）0.5625
【解析】
【小问1详解】
导体棒b进入磁场前，做匀加速直线运动，设加速度为a，由牛顿第二定律可得
进入磁场时速度为，则由匀变速直线运动规律可得
解得
此时导体棒产生的电动势
结合闭合电路欧姆定律可知，此时b两端电压
【小问2详解】
进入磁场前运动时间
在磁场中匀速运动时，设此时速度为，此时电动势
导体棒b受到的安培力
导体棒b受重力、支持力、安培力、由平衡条件沿斜面方向则有
此时联立解得
设导体棒b从进入磁场到运动到斜面底部过程用时，由动量定理可得
又因为
联立解得
则总时间
【小问3详解】
碰后对a棒由动量定理则有
其中
代入数据解得
对a、b碰撞过程由动量守恒可得
由能量守恒可得
解得碰前导体棒b的速度大小
导体棒b从EF到GH之间运动时由动能定理则有
解得