2025年河北省石家庄市第四十八中学中考二模物理试题 含答案

这是一份2025年河北省石家庄市第四十八中学中考二模物理试题 含答案，共25页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列数据中，最接近生活实际情况的是（ ）
A．中学生课桌高度约为80cm
B．电冰箱冷冻室的温度约为0℃
C．普通成年人步行速度约为5m/s
D．一瓶矿泉水的质量约为5kg
2．（2分）下列图中，关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．甲图小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声
B．乙图我们听不见蝴蝶振动翅膀的声音是因为它的响度小
C．丙图超声波清洗精密零件是利用了声传递信息
D．丁图摩托车的消声器是通过阻断噪声的传播来控制噪声
3．（2分）如图，是我国先秦时期的蒸食用具，分为上、下两部分：下半部是鬲（gé），样子像鼎、用于煮水；上半部是甑（zèng），底部有网眼、可通蒸汽，内部放置食物。甑和鬲的铸造材料主要是青铜。下列说法中不正确的是（ ）
A．鬲内的水沸腾后，继续加热、水温将保持不变
B．水沸腾后，甑中的食物的内能增大，主要是通过水蒸气对它做功实现的
C．停止加热后，鬲中的水凉得比较慢，是因为水的比热容较大
D．停止加热后，鬲慢慢变凉，鬲里所盛水的内能逐渐减小
4．（2分）我国科技迅猛发展，在材料和能源等领域取得了辉煌的成绩，下列说法正确的是（ ）
A．我国空间站使用的柔性太阳能电池板主要将太阳能转化为化学能
B．能量在转移和转化的过程中总量保持不变，因此我们不需要节约能源
C．手机、电脑等现代电子产品的芯片多是用半导体材料制作的
D．超导材料既可用于制作远距离输电导线，又可用于制作电炉的电阻丝
5．（2分）校园足球是一个广受大家喜爱的运动，关于足球的运动下列说法正确的是（ ）
A．足球离开脚能够继续运动，是由于受到踢力的作用
B．脚能带着足球越过防守的同学，说明足球的运动需要力来维持
C．足球在空中划出一道优美的弧线，说明力可以改变物体的运动状态
D．足球能够从脚下飞出，说明脚对足球的作用力大于足球对脚的作用力
6．（2分）关于家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：使用螺丝刀试电笔时用指尖抵住笔尾的金属帽，会造成触电事故
B．图乙：为了用电安全，保险丝熔断后，可用铜丝、铁丝等代替保险丝
C．图丙：将洗衣机的三脚插头插入三孔插座后，洗衣机的金属外壳会与大地相连
D．图丁：人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，此时漏电保护器会切断电路
7．（2分）小明做“探究凸透镜成像的规律”实验时，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上恰好成清晰的像（像未画出）。下列说法正确的是（ ）
A．此时光屏上呈现的是倒立、放大的虚像
B．蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，随着蜡烛燃烧变短，光屏上烛焰的像将向下移动
C．凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动5cm后，向右移动光屏可再次得到清晰的像
D．蜡烛、凸透镜位置不变，在凸透镜左侧加一个远视镜片，适当向左移动光屏可再次得到清晰的像
8．（2分）新能源电动汽车绿色环保，出行方便，深受大家喜爱，某款电动汽车有一种叫做动能回收系统，即该汽车动力装置是电动机，当刹车时，电动机变身为发电机，将汽车动能转化为电能。下列所示的四个实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
9．（2分）“伽利略彩球温度计”是一款可以粗略地测量环境温度的装饰摆件。如图所示，玻璃管中装有某种特定液体，液体中装有体积相同的彩球，每个彩球都标有特定的温度值，当外界温度变化时（玻璃管中液体的密度会随温度升高而减小），有的彩球会随之上浮或下沉直至静止，此时上浮彩球中最下方一个彩球标注的温度表示所测的环境温度，下列说法正确的是（ ）
A．当环境温度降低时，浸没在液体中的小球受到的浮力将变小
B．小球上浮下沉原理与潜水艇上浮下沉原理相同
C．若图甲、乙分别是彩球稳定后的分布情况，则甲所处的环境温度比乙的低
D．彩球a的质量ma小于彩球c的质量mc
10．（2分）如图甲所示，RG是光敏电阻，R是阻值为10kΩ 的定值电阻，电源电压U＝9V，光敏电阻RG的阻值与光的照度（光照越强，照度越大，单位为Lux）关系如图乙所示。将量程为0～3V的电压表接入图甲电路中，将其改装成照度表，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，则下列说法正确的是（ ）
A．当照度增大时，RG的阻值将增大
B．该电压表应并联在RG两端
C．所改装的照度表能够测量的最大照度为1.2Lux
D．改装完成后，若将电源换为电压可调电源（调节范围为12～15V），且将R换为可调电阻（调节范围为5～20kΩ），则该装置所能测量的最大照度为1.6Lux
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11．（2分）如图甲所示，将空玻璃杯中放一乒乓球，沿图示方向用力吹气，我们发现乒乓球会跳出玻璃杯。这说明流体在流速大的地方压强 ；随后将杯子内装满水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，这是由于 的作用。
12．（2分）2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭加速上升的过程中，以飞船为参照物，地面上的建筑物是 （选填“静止”或“运动”）的，飞船的机械能 （选填“增大“减小”或“不变”）。
13．（2分）如图甲，A、B是两个完全相同的物体，琴琴同学分别利用两个滑轮组将A、B两物体从地面匀速拉到相同高度，对物体做功情况如图乙所示，则琴琴操作的滑轮组对物体A做的有用功是 J，提升物体B时做的额外功是 J。
14．（2分）小明家3月末和4月末电能表表盘示数如图所示，若以当地电价0.5元/度计算，小明家4月份应缴纳电费 元。将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了600转，该用电器在上述时间内消耗的电能为 J。
15．（2分）潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，某潮汐电站年发电量可达1.26×1012J，若在冬天给用户供暖，这些电量能将 kg的水温度升高30℃【水的比热容（kg•℃）】。
16．（5分）小红利用茶色玻璃板、两支外形相同的蜡烛、刻度尺、光屏等器材“探究平面镜成像的特点”，如图甲所示。
（1）实验中选用茶色玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 ；
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这说明平面镜成像时像与物体的 ；
（3）改变蜡烛A的位置，进行多次实验。沿着玻璃板在纸上画一条直线MN，代表平面镜的位置，同时在白纸上记录像与物对应点的位置，如图乙所示。小红把白纸沿着中间直线MN对折，发现物点和对应的像点刚好重合，说明像和物关于平面镜 ；
（4）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块不透明的光屏，如图丙所示。眼睛在 （填“①”“②”或“③”）位置观察光屏，来判断像的虚实；
（5）实验过程中，有的同学进行如下操作，其中像的位置不发生变化的是 。
A.让图甲中的玻璃板沿所在平面向右平移
B.使图甲中的玻璃板向蜡烛A倾斜一定的角度
C.将图甲中的玻璃板沿水平桌面向后平移
17．（6分）如图所示是小明和小华探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）实验前，将杠杆置于支架上，当杠杆静止时，如图甲，此时可以把右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直至使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 ；
（2）如图乙，小明在实验时先竖直向下拉弹簧测力计，然后再斜向下拉弹簧测力计，两次都能使杠杆在水平位置平衡。则弹簧测力计斜向下时示数 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）改变钩码数量和位置获取三次测量数据，记录如表：
根据表中数据可得出杠杆的平衡条件是 ；
（4）如图丙，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点第3格处挂了4个钩码、每个钩码的重力均为0.5N，要使杠杆平衡，需在左侧第2格B处竖直向上拉动弹簧测力计，此时测力计的示数是 N（杠杆上每小格等距）。
（5）他们继续探究：保持钩码数量和位置不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂L1和动力F1的数据，绘制了L1﹣F1的关系图像，如图丁所示。请根据图像推算，当L1为25cm时，F1为 N。
18．（7分）小明利用如图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”，器材有：可调电压电源（可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V、7.5V之一）、开关、导线、5个定值电阻（阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω）、滑动变阻器（15Ω，1A）、电压表和电流表。
（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，将图乙所示的实物图连接完整（要求连线不得交叉）；
（2）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片调至最 （选填“左”或“右”）端；
（3）将5Ω电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片P，在读取完电流表示数后，取下5Ω电阻，换成10Ω电阻，在读取电流表示数前，应进行的操作是：向 （选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数与之前相同，记下电流表的示数。与5Ω电阻接入电路时相比，定值电阻和滑动变阻器的阻值之比 （选填“变大”变小”或“不变”）。小明根据实验数据描绘出了如图丙所示的图像，可以得出结论： ；
【拓展】小华利用现有器材也做了同一实验，且电路连接方式不变。
①连接电路，将电源电压调到某个值，闭合开关，移动滑片使电压表示数为4V；
②断开开关，保持滑片不动，换接入另一个阻值更大的定值电阻，闭合开关，发现电压表示数 （选填“变大”或“变小”），她想尝试通过调节电源电压的方式改变电压表示数，操作后发现电压表示数恰好为4V；通过以上实验现象可以推断：此时滑动变阻器接入电路的阻值为 Ω。
19．（6分）如图所示，均匀正方体甲和柱形薄壁容器乙置于水平地面上，它们的底面积分别为3S、S。已知正方体甲的质量为2千克，乙容器中盛有0.1米深的水。
①若甲的体积为1×10﹣3米3，求甲的密度ρ甲。
②求水对乙容器底部的压强p水。
③现有实心物体A（体积为2V）和B（体积为V），选择一个放在正方体甲上，另一个浸没在乙容器的水中（水不溢出），发现不论哪种方式，甲对地面压强的变化量与乙容器底部受到水的压强变化量均相等。求物体A、B的密度ρA、ρB。
20．（6分）在图甲所示的电路中，电源电压保持18V不变，电阻R1阻值为10Ω、滑动变阻器R2标有“100Ω 1A”，开关S闭合。
（1）求通过电阻R1的电流。
（2）滑动变阻器滑片在某一位置时，电流为2.4A，求变阻器R2接入电路的电阻值。
（3）现改变滑动变阻器R2与电阻R1的连接方式，将一电压表并联在电路中的某位置，移动滑片，使电压表指针位置如图乙所示，且电路元件均安全。写出电压表并联在电路中的位置，并求出变阻器R2接入电路的电阻值。
（解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
2025年河北省石家庄四十八中中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
一、选择题（本大题共10个小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1．（2分）下列数据中，最接近生活实际情况的是（ ）
A．中学生课桌高度约为80cm
B．电冰箱冷冻室的温度约为0℃
C．普通成年人步行速度约为5m/s
D．一瓶矿泉水的质量约为5kg
【解答】解：A、中学生课桌高度约为80cm，故A正确；
B、电冰箱冷冻室的温度约为﹣18℃，故B错误；
C、普通成年人步行速度约为1.1m/s，故C错误；
D、一瓶矿泉水的质量约为500g＝0.5kg，故D错误。
故选：A。
2．（2分）下列图中，关于声现象的说法中正确的是（ ）
A．甲图小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声
B．乙图我们听不见蝴蝶振动翅膀的声音是因为它的响度小
C．丙图超声波清洗精密零件是利用了声传递信息
D．丁图摩托车的消声器是通过阻断噪声的传播来控制噪声
【解答】解：A、小华通过音叉体会到骨传导，这说明固体可以传声，故A正确；
B、人耳的听觉频率范围是20～20000Hz，人耳听不到蝴蝶翅膀振动的声音，是因为蝴蝶翅膀振动的频率低于20Hz，故B错误；
C、利用超声波清洗精密零件是利用了声可以传递能量，故C错误；
D、摩托车的消声器是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
3．（2分）如图，是我国先秦时期的蒸食用具，分为上、下两部分：下半部是鬲（gé），样子像鼎、用于煮水；上半部是甑（zèng），底部有网眼、可通蒸汽，内部放置食物。甑和鬲的铸造材料主要是青铜。下列说法中不正确的是（ ）
A．鬲内的水沸腾后，继续加热、水温将保持不变
B．水沸腾后，甑中的食物的内能增大，主要是通过水蒸气对它做功实现的
C．停止加热后，鬲中的水凉得比较慢，是因为水的比热容较大
D．停止加热后，鬲慢慢变凉，鬲里所盛水的内能逐渐减小
【解答】解：A、鬲内的水沸腾后，继续加热、水温将保持在沸点不变，故A正确；
B、水沸腾后，甑中的食物的内能增大，主要是通过热传递实现的，故B错误；
C、停止加热后，鬲中的水凉得比较慢，是因为水的比热容较大，和相同质量的其它物质相比，放出相同热量，温度降低较少，故C正确；
D、停止加热后，鬲慢慢变凉，鬲里所盛水的温度降低，水分子热运动变得缓慢，水的内能逐渐减小，故D正确。
故选：B。
4．（2分）我国科技迅猛发展，在材料和能源等领域取得了辉煌的成绩，下列说法正确的是（ ）
A．我国空间站使用的柔性太阳能电池板主要将太阳能转化为化学能
B．能量在转移和转化的过程中总量保持不变，因此我们不需要节约能源
C．手机、电脑等现代电子产品的芯片多是用半导体材料制作的
D．超导材料既可用于制作远距离输电导线，又可用于制作电炉的电阻丝
【解答】解：A、我国空间站使用的柔性太阳能电池板，主要是将太阳能转化为电能，而非化学能，故A错误。
B、根据能量守恒定律，能量在转移和转化的过程中总量保持不变，但能量的转化具有方向性，可利用的能源会越来越少，所以我们需要节约能源，故 B错误。
C、手机、电脑等现代电子产品的芯片多是用半导体材料制作的，常见的半导体材料有硅、锗等，硅是制作芯片的主要材料，故C正确。
D、超导材料电阻为零，用于制作远距离输电导线时，可避免电能因电阻产生热量而损耗；而电炉是根据电流的热效应工作的，需要电阻产生热量，超导材料电阻为零不能产生热量，所以不能用于制作电炉的电阻丝，故D错误。
故选：C。
5．（2分）校园足球是一个广受大家喜爱的运动，关于足球的运动下列说法正确的是（ ）
A．足球离开脚能够继续运动，是由于受到踢力的作用
B．脚能带着足球越过防守的同学，说明足球的运动需要力来维持
C．足球在空中划出一道优美的弧线，说明力可以改变物体的运动状态
D．足球能够从脚下飞出，说明脚对足球的作用力大于足球对脚的作用力
【解答】解：A、足球离开脚能够继续运动，是由于足球具有惯性，足球此时不再受到踢力的作用，故A错误；
B、脚能带着足球越过防守的同学，说明力可以改变物体的运动状态，而物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C、足球在空中划出一道优美的弧线，是因为受到了重力和空气阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、脚对足球的作用力和足球对脚的作用力是一对相互作用力，二者大小相等，故D错误。
故选：C。
6．（2分）关于家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：使用螺丝刀试电笔时用指尖抵住笔尾的金属帽，会造成触电事故
B．图乙：为了用电安全，保险丝熔断后，可用铜丝、铁丝等代替保险丝
C．图丙：将洗衣机的三脚插头插入三孔插座后，洗衣机的金属外壳会与大地相连
D．图丁：人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，此时漏电保护器会切断电路
【解答】解：A、图甲：使用螺丝刀试电笔时用指尖抵住上端的金属帽，能够构成通路，不会造成触电事故，故A错误；
B、图乙：为了用电安全，保险丝熔断后，不可用铜丝、铁丝等代替保险丝，因为铜丝、铁丝的熔点高，电流过大时，不会自动切断电路，故B错误；
C、图丙：将洗衣机的三脚插头插入三孔插座后，洗衣机的金属外壳会与大地相连，故C正确；
D、图丁：人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，人会触电；火线和零线中的电流相同，此时漏电保护器不会切断电路，故D错误。
故选：C。
7．（2分）小明做“探究凸透镜成像的规律”实验时，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上恰好成清晰的像（像未画出）。下列说法正确的是（ ）
A．此时光屏上呈现的是倒立、放大的虚像
B．蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，随着蜡烛燃烧变短，光屏上烛焰的像将向下移动
C．凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动5cm后，向右移动光屏可再次得到清晰的像
D．蜡烛、凸透镜位置不变，在凸透镜左侧加一个远视镜片，适当向左移动光屏可再次得到清晰的像
【解答】解：A、由图可知，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，故A错误；
B、蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，随着蜡烛燃烧变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，光屏上烛焰的像将向上移动，故B错误；
C、凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动5cm后，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，向左移动光屏可再次得到清晰的像，故C错误；
D、蜡烛、凸透镜位置不变，在凸透镜左侧加一个远视镜片，远视镜片是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，会将光线提前会聚成像，因此适当向左移动光屏可再次得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
8．（2分）新能源电动汽车绿色环保，出行方便，深受大家喜爱，某款电动汽车有一种叫做动能回收系统，即该汽车动力装置是电动机，当刹车时，电动机变身为发电机，将汽车动能转化为电能。下列所示的四个实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
【解答】解：汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，利用的是电磁感应的原理；
A、图中是电磁感应现象原理图，是发电机的原理图，故A符合题意；
B、图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B不符合题意；
C、图中是电动机的原理图，其原理是通电导体在磁场中受力运动，故C不符合题意；
D、图中是探究通电导线在磁场中受力的大小与电流大小的关系，故D不符合题意。
故选：A。
9．（2分）“伽利略彩球温度计”是一款可以粗略地测量环境温度的装饰摆件。如图所示，玻璃管中装有某种特定液体，液体中装有体积相同的彩球，每个彩球都标有特定的温度值，当外界温度变化时（玻璃管中液体的密度会随温度升高而减小），有的彩球会随之上浮或下沉直至静止，此时上浮彩球中最下方一个彩球标注的温度表示所测的环境温度，下列说法正确的是（ ）
A．当环境温度降低时，浸没在液体中的小球受到的浮力将变小
B．小球上浮下沉原理与潜水艇上浮下沉原理相同
C．若图甲、乙分别是彩球稳定后的分布情况，则甲所处的环境温度比乙的低
D．彩球a的质量ma小于彩球c的质量mc
【解答】解：A．根据液体的热胀冷缩原理知，当环境温度降低时，液体密度变大，浸没在液体中的小球排开液体的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，小球受到的浮力将变大，故A错误；
B．潜水艇的上浮下沉是通过改变自身的重力来实现的，由题目信息可知小球上浮下沉是由于受到的浮力发生变化造成的，而故B错误；
C．当外界温度降低时，液体密度将增大，部分彩球会上浮，甲和乙两图中，甲中的彩球没有上浮，乙中的是部分上浮，说明乙中的液体密度较大，乙中所处环境温度较低，甲中的较高，故C错误；
D．从乙图可以看到，a球在上，c球在下，当处于某一温度时，a球先上浮，c球后来才上浮，a球上浮时，a球受到的浮力大于自身的重力，即Fa＞Ga，c球还是沉底，c球受到的浮力小于或等于自身的重力，即Fc≤Gc，a球上浮时，两球排开液体的体积相同，根据阿基米德原理的公式可知，两球受到的浮力大小相等，即Fa＝Fc，从而可知，Gc＞Ga，根据重力公式G＝mg可知，ma＜mc，故D正确。
故选：D。
10．（2分）如图甲所示，RG是光敏电阻，R是阻值为10kΩ 的定值电阻，电源电压U＝9V，光敏电阻RG的阻值与光的照度（光照越强，照度越大，单位为Lux）关系如图乙所示。将量程为0～3V的电压表接入图甲电路中，将其改装成照度表，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，则下列说法正确的是（ ）
A．当照度增大时，RG的阻值将增大
B．该电压表应并联在RG两端
C．所改装的照度表能够测量的最大照度为1.2Lux
D．改装完成后，若将电源换为电压可调电源（调节范围为12～15V），且将R换为可调电阻（调节范围为5～20kΩ），则该装置所能测量的最大照度为1.6Lux
【解答】解：A、由图2可知，光敏电阻R0的阻值随光的照度的增大而变小，所以，当照度增大时，RG的阻值将变小，故A错误；
B、由图1可知，两电阻串联。根据串联电路的分压原理可知，当光的照度增大时，RG两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，R两端的电压增大，
故为使光的照度增大时电压表的示数也增大，应将电压表并联在定值电阻R的两端；故B错误；
C、光的照度增大时电压表的示数也增大，故当电压表示数达到3V时，光的照度最大。
根据串联分压规律知，R：RG＝UV：（U﹣UV）代入数据有10kΩ：RG＝3V：（9V﹣3V）；
解得：RG＝20kΩ，由图乙可知，此时光的最大照度为1.2Lux；故C正确；
D、根据题意，换成可调电源和可调电阻后，要想使照度增大，则RG的对应阻值应变小，根据串联电路的分压原理可知，应选择较小的电源电压和较小的定值电阻，当电源电压为12V，电阻调至5kΩ时，电压表仍并联在可调电阻的两端，当电压表示数达到3V时，光的照度最大。根据串联分压规律知，R'：R'G＝UV：（U﹣UV）代入数据有5kΩ：RG＝3V：（12V﹣3V）；
解得：RG＝15kΩ，由图乙可知，此时光的最大照度为1.4Lux；故D错误。故选：C。
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11．（2分）如图甲所示，将空玻璃杯中放一乒乓球，沿图示方向用力吹气，我们发现乒乓球会跳出玻璃杯。这说明流体在流速大的地方压强 小 ；随后将杯子内装满水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，这是由于 大气压 的作用。
【解答】解：（1）当用力吹气时，增大乒乓球上方的空气的流动速度，压强减小，乒乓球下面的压强不变，乒乓球下面的压强大于上面的压强，乒乓球在压强（力）差的作用下会跳出玻璃杯。
（2）水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大气压的作用下不会流出。
故答案为：小；大气压。
12．（2分）2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭加速上升的过程中，以飞船为参照物，地面上的建筑物是 运动 （选填“静止”或“运动”）的，飞船的机械能 增大 （选填“增大“减小”或“不变”）。
【解答】解：火箭加速上升过程中，以飞船为参照物，地面上的建筑物与飞船之间的位置在不断发生变化，所以地面上的建筑物是运动的。
飞船在加速上升过程中，质量不变，速度增大，根据动能大小的影响因素（质量越大，速度越大，动能越大），可知其动能增大；
同时高度增大，根据重力势能大小的影响因素（质量越大，高度越高，重力势能越大），可知其重力势能增大，机械能等于动能与势能之和。所以飞船的机械能增大。
故答案为：运动；增大。
13．（2分）如图甲，A、B是两个完全相同的物体，琴琴同学分别利用两个滑轮组将A、B两物体从地面匀速拉到相同高度，对物体做功情况如图乙所示，则琴琴操作的滑轮组对物体A做的有用功是 2 J，提升物体B时做的额外功是 0.5 J。
【解答】解：由图乙可知，滑轮组对物体A做的总功为3J，额外功为1J，故对物体A做的有用功为：
W有＝W总A﹣W额A＝3J﹣1J＝2J；
A、B是两个完全相同的物体，都拉到相同高度，故对物体B做的有用功和对物体A做的有用功相同；
由图乙可知，对物体B做的总功为2.5J，故对物体B做的额外功：
W额B＝W总B﹣W有＝2.5J﹣2J＝0.5J。
故答案为：2；0.5。
14．（2分）小明家3月末和4月末电能表表盘示数如图所示，若以当地电价0.5元/度计算，小明家4月份应缴纳电费 120 元。将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了600转，该用电器在上述时间内消耗的电能为 7.2×105 J。
【解答】解：3月末、4月末电能表的示数分别为：6022.3kW•h、6262.3kW•h，
小明家4月消耗的电能为：6262.3kW•h﹣6022.3kW•h＝240kW•h＝240度，
应缴纳电费：0.5元/度×240度＝120元；
3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动3000r，
电能表的转盘转600r时，该用电器消耗的电能：W＝kW•h＝0.2kW•h＝0.2×3.6×106J＝7.2×105J。
故答案为：120；7.2×105。
15．（2分）潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，某潮汐电站年发电量可达1.26×1012J，若在冬天给用户供暖，这些电量能将 1×107 kg的水温度升高30℃【水的比热容（kg•℃）】。
【解答】解：潮汐能可以从自然界中源源不断地得到的能源，属于可再生能源。
某潮汐电站年发电量W＝1.26×1012J，水吸收的热量Q水＝W＝1.26×1012J，
由Q＝cmΔt得到水的质量m＝＝＝1×107kg。
故答案为：可再生；1×107。
16．（5分）小红利用茶色玻璃板、两支外形相同的蜡烛、刻度尺、光屏等器材“探究平面镜成像的特点”，如图甲所示。
（1）实验中选用茶色玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 便于确定像的位置 ；
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这说明平面镜成像时像与物体的 大小相等 ；
（3）改变蜡烛A的位置，进行多次实验。沿着玻璃板在纸上画一条直线MN，代表平面镜的位置，同时在白纸上记录像与物对应点的位置，如图乙所示。小红把白纸沿着中间直线MN对折，发现物点和对应的像点刚好重合，说明像和物关于平面镜 对称 ；
（4）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块不透明的光屏，如图丙所示。眼睛在 ② （填“①”“②”或“③”）位置观察光屏，来判断像的虚实；
（5）实验过程中，有的同学进行如下操作，其中像的位置不发生变化的是 A 。
A.让图甲中的玻璃板沿所在平面向右平移
B.使图甲中的玻璃板向蜡烛A倾斜一定的角度
C.将图甲中的玻璃板沿水平桌面向后平移
【解答】解：（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的茶色玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这说明平面镜成像时像与物体的大小相等。
（3）改变蜡烛A的位置，进行多次实验。沿着玻璃板在纸上画一条直线MN，代表平面镜的位置，同时在白纸上记录像与物对应点的位置，如图乙所示。小红把白纸沿着中间直线MN对折，发现物点和对应的像点刚好重合，说明像和物关于平面镜对称。
（4）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块不透明的光屏，如图丙所示。因为平面镜成像的原理是光的反射，因此眼睛在②位置直接观察光屏。
（5）A、平面镜成的像与物关于镜面对称，让玻璃板沿所在平面向右移动，对称面的位置没有变化，蜡烛A的位置没有变化，故像的位置不发生变化；
B、根据平面镜成像特点可知像与物关于镜面是对称的，将玻璃板向蜡烛A倾斜一定的角度，蜡烛A的像会“悬浮”在纸面上方，像的位置发生变化；
C、将玻璃板沿着水平桌面向后平移，物距变大，像距也变大，像的位置发生变化；
故选：A。
故答案为：（1）便于确定像的位置；（2）大小相等；（3）对称；（4）②；（5）A。
17．（6分）如图所示是小明和小华探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）实验前，将杠杆置于支架上，当杠杆静止时，如图甲，此时可以把右端的平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直至使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 便于测量力臂 ；
（2）如图乙，小明在实验时先竖直向下拉弹簧测力计，然后再斜向下拉弹簧测力计，两次都能使杠杆在水平位置平衡。则弹簧测力计斜向下时示数 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）改变钩码数量和位置获取三次测量数据，记录如表：
根据表中数据可得出杠杆的平衡条件是 F1L1＝F2L2 ；
（4）如图丙，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点第3格处挂了4个钩码、每个钩码的重力均为0.5N，要使杠杆平衡，需在左侧第2格B处竖直向上拉动弹簧测力计，此时测力计的示数是 3 N（杠杆上每小格等距）。
（5）他们继续探究：保持钩码数量和位置不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂L1和动力F1的数据，绘制了L1﹣F1的关系图像，如图丁所示。请根据图像推算，当L1为25cm时，F1为 0.6 N。
【解答】解：（1）发现杠杆左端下沉，应把杠杆的平衡螺母向右调节，直至杠杆在水平位置平衡；在杠杆两端加挂钩码并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离就是力臂，便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响。
（2）斜向下拉弹簧测力计时，拉力的力臂变小，在阻力和阻力臂不变时，根据杠杆平衡条件，拉力将会变大，弹簧测力计示数变大。
（3）根据表中数据可知杠杆平衡时，动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积，可得出杠杆平衡条件为动力×动力臂＝阻力×阻力臂。
（4）若杠杆上每个小格长度是L，根据杠杆的平衡条件有
4×0.5N×3L＝F×2L，
解得F＝3N，所以此时测力计的示数是3N。
（5）保持钩码数量和位置不变，即阻力和阻力臂大小不变，根据F1L1＝F2L2可知，F2L2为定值，则F1L1也为定值，由图像可知
F1L1＝1N×0.15m＝3N×0.05m＝0.15N•m，
当L1为25cm时，拉力
，F1为0.6N。
故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）变大；（3）F1L1＝F2L2；（4）3；（5）0.6。
18．（7分）小明利用如图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”，器材有：可调电压电源（可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V、7.5V之一）、开关、导线、5个定值电阻（阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω）、滑动变阻器（15Ω，1A）、电压表和电流表。
（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，将图乙所示的实物图连接完整（要求连线不得交叉）；
（2）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片调至最 左 （选填“左”或“右”）端；
（3）将5Ω电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片P，在读取完电流表示数后，取下5Ω电阻，换成10Ω电阻，在读取电流表示数前，应进行的操作是：向 左 （选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数与之前相同，记下电流表的示数。与5Ω电阻接入电路时相比，定值电阻和滑动变阻器的阻值之比 不变 （选填“变大”变小”或“不变”）。小明根据实验数据描绘出了如图丙所示的图像，可以得出结论： 电压一定时，电流与电阻成反比 ；
【拓展】小华利用现有器材也做了同一实验，且电路连接方式不变。
①连接电路，将电源电压调到某个值，闭合开关，移动滑片使电压表示数为4V；
②断开开关，保持滑片不动，换接入另一个阻值更大的定值电阻，闭合开关，发现电压表示数 变大 （选填“变大”或“变小”），她想尝试通过调节电源电压的方式改变电压表示数，操作后发现电压表示数恰好为4V；通过以上实验现象可以推断：此时滑动变阻器接入电路的阻值为 2.5 Ω。
【解答】解：（1）根据图甲所示的电路图判断电压表与定值电阻R并联，实物图连接如下图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑片应该位于阻值最大处即最左端；
（3）探究电流与电阻的实验中，应保持电阻两端的电压不变，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，为使电阻两端的电压减小为原来的电压值，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动；
因电阻的电压保持不变，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压也不变，由分压原理可知，电阻分得的电压之比等于对应的电阻之比，所以定值电阻变化时，定值电阻和滑动变阻器的阻值之比不变；
由图像可知，定值电阻两端不变，电阻增大几倍，电流就减小几倍，所以可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
拓展：断开开关，保持滑片不动，换接入另一个阻值更大的定值电阻，根据串联分压，接入电阻越大，闭合开关，电阻分的电压越多，发现电压表示数变大；
由题意可知，两次实验中滑动变阻器接入电路的阻值不变，由串联电路的电压特点可知，
当电源电压为4.5V时，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U'﹣UV＝4.5V﹣4V＝0.5V，
由串联电路的分压原理可知：滑动变阻器接入电路的电阻与定值电阻的阻值之比分别为：
＝＝＝，则：R1＝8R滑1，
当电源电压为6V时，滑动变阻器两端的电压为：U滑2＝U''﹣UV''＝6V﹣4V＝2V，
由串联电路的分压原理可知：滑动变阻器接入电路的电阻与定值电阻的阻值之比分别为：
＝＝＝，则R2＝2R滑1，则两次实验中定值电阻的阻值之比为：＝＝，
由器材中的5个定值电阻的阻值可知，只有5Ω和20Ω满足上述条件，故两次的电源电压分别为4.5V和6V，则定值电阻为：R1＝20Ω，R2'＝5Ω，因此滑动变阻器接入电路的阻值：R滑1＝×20Ω＝2.5Ω。
故答案为：（1）见解析图；（2）左；（3）左；不变；电压一定时，电流与电阻成反比；拓展：变大；2.5。
19．（6分）如图所示，均匀正方体甲和柱形薄壁容器乙置于水平地面上，它们的底面积分别为3S、S。已知正方体甲的质量为2千克，乙容器中盛有0.1米深的水。
①若甲的体积为1×10﹣3米3，求甲的密度ρ甲。
②求水对乙容器底部的压强p水。
③现有实心物体A（体积为2V）和B（体积为V），选择一个放在正方体甲上，另一个浸没在乙容器的水中（水不溢出），发现不论哪种方式，甲对地面压强的变化量与乙容器底部受到水的压强变化量均相等。求物体A、B的密度ρA、ρB。
【解答】解：①甲的密度＝＝2×103kg/m3；
②水对容器底部的压强p水＝ρ水gh水＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；
③A放在甲正方体上面物体甲对地面的压强的变化量＝，
把B浸没在乙容器的水中乙容器底部受到水的压强的变化量Δp乙1＝Δhρ水g＝g＝，
由题意知：Δp甲1＝Δp乙1，
＝，
＝1.5×103kg/m3
B放在甲正方体上面物体甲对地面的压强的变化量＝，
把甲浸没在乙容器的水中乙容器底部受到水的压强的变化量量Δp2′＝Δh′ρ水g＝＝g，
由题意知：Δp2＝Δp2′，
，
ρB＝6ρ水＝6×103kg/m3，
答：①甲的密度是2×103kg/m3；
②水对容器底部的压强1000Pa；
③物体A、B的密度分别为：1.5×103kg/m3、6×103kg/m3。
20．（6分）在图甲所示的电路中，电源电压保持18V不变，电阻R1阻值为10Ω、滑动变阻器R2标有“100Ω 1A”，开关S闭合。
（1）求通过电阻R1的电流。
（2）滑动变阻器滑片在某一位置时，电流为2.4A，求变阻器R2接入电路的电阻值。
（3）现改变滑动变阻器R2与电阻R1的连接方式，将一电压表并联在电路中的某位置，移动滑片，使电压表指针位置如图乙所示，且电路元件均安全。写出电压表并联在电路中的位置，并求出变阻器R2接入电路的电阻值。
（解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
【解答】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表测量干路的电流；
（1）因为并联电路中各支路两端的电压相等，都等于电源电压，所以闭合开关后，通过电阻R1的电流为：
I1＝＝＝1.8A；
（2）滑动变阻器滑片在某一位置时，电流为2.4A，变阻器R2接入电路的电阻值为：
R2＝＝＝7.5Ω；
（3）改变R1与R2的连接方式，则两电阻串联接入电路，
①若电压表接入电路的是大量程，分度值为0.5V，示数为12V，
串联电路的总电压等于各部分用电器两端的电压之和，串联电路各处电流相等，
a.电压表并联在滑动变阻器两端时，根据欧姆定律可得通过电路的电流为：
I1＝＝＝0.6A，
滑动变阻器接入电路的阻值为：R'2＝＝＝20Ω，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，比较可知电路安全；
b.电压表并联在定值电阻两端时，根据欧姆定律可得通过电路的电流为：
I2＝＝＝1.2A，
滑动变阻器接入电路的阻值为：
R''2＝＝＝5Ω，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，比较可知电路不安全，故舍去；
②若电压表接入电路的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，
a.电压表并联在滑动变阻器两端时，根据欧姆定律可得通过电路的电流为：
I3＝＝＝1.56A，
滑动变阻器接入电路的阻值为：R'''2＝＝≈1.5Ω，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，比较可知电路不安全，故舍去；
b.电压表并联在定值电阻两端时，根据欧姆定律可得通过电路的电流为：
I4＝＝＝0.24A，
滑动变阻器接入电路的阻值为：
R''''2＝＝＝65Ω，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，比较可知电路安全；
所以变阻器R2接入电路的电阻值为20Ω或65Ω。
答：（1）通过电阻R1的电流为1.8A；
（2）滑动变阻器滑片在某一位置时，电流为2.4A，变阻器R2接入电路的电阻值为7.5Ω；
（3）电压表并联在滑动变阻器两端，变阻器R2接入电路的电阻值为20Ω或电压表并联在定值电阻两端，变阻器R2接入电路的电阻值为65Ω。实验次序
动力F1/N
动力臂L1/cm
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
1
2.0
5.00
1.0
10.00
2
2.0
10.00
2.0
10.00
3
3.0
10.00
2.0
15.00
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
A
A
B
C
C
C
D
A
D
C
实验次序
动力F1/N
动力臂L1/cm
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
1
2.0
5.00
1.0
10.00
2
2.0
10.00
2.0
10.00
3
3.0
10.00
2.0
15.00