【物理】2025年江苏省普通高中学业水平选择性考前预测押题卷B（解析版）

这是一份【物理】2025年江苏省普通高中学业水平选择性考前预测押题卷B（解析版），共17页。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔将答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色签字笔或钢笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。
4．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。
1. 我国主持的江门中微子实验预计于2025年8月正式运行取数，实验建成后将成为国际中微子研究的中心之一，中微子又被称为“幽灵粒子”，极难探测。假设中微子与发生核反应，核反应方程为“中微子”。下列说法正确的是（ ）
A.中微子带负电
B.中微子的质量数为0
C.该核反应方程不满足质量数守恒
D.该核反应方程不满足能量守恒定律
【答案】B
【解析】CD．核反应均满足质量数守恒、电荷数守恒和能量守恒定律，故CD错误；
AB．根据电荷数守恒和质量数守恒可知，中微子的电荷数为零，即不带电，质量数也为零，故A错误，B正确。故选B。
2. 2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，神舟十八号载人飞行任务取得圆满成功。已知神舟十八号飞船在距离地球表面高度约为的圆形轨道上运行，返回舱与轨道舱经过分离、调姿、减速等一系列操作实现变轨，返回地面。下列说法正确的是（ ）
A. 飞船在圆形轨道上运行的速度大于第一宇宙速度
B. 飞船在圆形轨道上运行时处于完全失重状态，所受合力为零
C. 轨道舱与返回舱分离后，返回舱在进入大气层之前机械能守恒
D. 返回舱在圆形轨道减速进入返回轨道时，所受万有引力大于其所需的向心力
【答案】D
【解析】A．第一宇宙速度数值上等于近地卫星的环绕速度。根据万有引力提供向心力，解得线速度
可知轨道半径越大，速度越小。飞船在400 km高度的轨道上运行，飞船的半径大于地球半径，故飞船速度小于第一宇宙速度，故A错误；
B．飞船在轨道上受地球的万有引力作用，该引力提供向心力，合力不为零。完全失重是因引力全部用于产生向心加速度，而非合力为零，故B错误；
C．返回舱分离后需通过减速（发动机点火）实现变轨，此过程外力做功导致机械能减少。因此进入大气层前存在发动机干预，机械能不守恒，故C错误；
D．返回舱减速进入返回轨道时，速度减小，所需向心力减小，而万有引力未变，故引力大于所需向心力，飞船做近心运动，故D正确。故选D。
3. 台风“贝碧嘉”登陆上海，中国自主研发的千吨阻尼器——“上海慧眼”（如图所示）摆动明显，保障了上海中心大厦的安全。“上海慧眼”采用了电涡流阻尼技术，永磁体形成的磁场与质量块一起摆动时，与其下方固定的导体板产生相对运动，从而在导体板中产生电涡流。关于该阻尼器，下列说法正确的是（ ）
A. 阻尼器的电涡流阻尼技术原理是电流的磁效应
B. 振动稳定时，阻尼器的振动频率小于大厦的振动频率
C. 阻尼器将机械能最终转化为内能
D. 若将阻尼器下方的导体板换成木地板，对使用效果没有影响
【答案】C
【解析】B．阻尼器受迫振动，稳定时阻尼器的振动频率与大厦的振动频率相等，故B错误；
ACD．根据电磁感应原理可知，永磁体通过导体板上方时会在导体板中产生电涡流，阻碍永磁体相对导体板的运动，将机械能最终转化为内能，若将阻尼器下方的导体板换成绝缘的木地板，将不会产生电涡流，影响使用效果，故AD错误，C正确。故选C。
4. 悬停在月球表面一定高度处的探测器将一物体以一定初速度竖直向下抛出，抛出后物体的位移与其速度的平方的关系图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 物体的初速度大小为
B. 物体的加速度大小为
C. 抛出后物体的速度大小为
D. 当物体距离抛出点时，物体运动了
【答案】D
【解析】AB．由匀变速直线运动规律中速度与位移的关系式，整理得
根据图像的斜率可得，则
则物体的加速度大小，初速度大小，故AB错误；
C．由速度与时间的关系式，得抛出后物体的速度大小为，故C错误；
D．由位移与时间的关系式知，当物体的位移为时，物体运动了，故D正确。故选D。
5.取一条较长的软绳，拉直后沿轴水平放置，图中小圆点表示绳中的质点，相邻质点的间距相等。一名健身爱好者手握长绳的左端连续上下抖动，形成凹凸相间的波沿轴正方向传播。已知时刻，绳子左端的质点开始振动；时刻，各质点的位置和波的形状如图所示，其中质点恰好到达最高点，振幅为A。下列说法正确的是（ ）
A. 时刻，质点沿轴负方向振动
B. 时刻，质点沿轴负方向振动
C. 时刻，质点沿轴正方向振动
D. 从时刻到时刻，质点运动的路程为
【答案】D
【解析】AB．波沿轴正方向传播，根据“同侧”法可知，时刻，质点和均沿轴正方向振动，质点此时的振动方向即为波源的起振方向，故时刻，质点沿轴正方向振动，故AB错误；
C．时刻，质点位于轴正向且在沿轴正方向振动，再经过，质点位于轴正向且在沿轴负方向振动，故 C错误；
D．时刻，质点沿轴正方向起振，再经过，质点运动的路程一定为，故D正确。故选D。
6. 如图所示，将一小物块（可视为质点）放置在足够长的固定光滑斜面上，用沿着斜面向上的拉力作用在物块上，拉力的功率P恒定，使物块由静止开始斜向上运动，已知运动过程中物块的动量最大为p，重力加速度为，根据已知条件，则（ ）
A. 可求出物块的质量
B. 可求出拉力的最小值
C. 可求出斜面倾角的正弦值
D. 若撤去拉力，不可求出物块的加速度
【答案】C
【解析】ABC．设物块的质量为，斜面倾角为，拉力的大小为，拉力的功率恒定，则有，物块受到拉力、重力和斜面对它的支持力，由牛顿第二定律可知，物块的加速度大小为
当时，最大，有最小值，此时物块做匀速直线运动，有
结合可得
由题意得联立解得斜面倾角的正弦值
但无法求出物块的质量、拉力的最小值，故AB错误，C正确；
D．若撤去拉力，物块只受重力和斜面对它的支持力，由牛顿第二定律可知，物块加速度大小，故D错误。故选C。
7. 如图所示，一个铁架台静止放置在粗糙的水平桌面上，在其支架上端的一固定横杆上通过一根不可伸长的轻绳悬挂一个小钢球。现将小钢球拉至水平位置A处由静止释放，使其在竖直平面内摆动，铁架台始终保持静止。不计空气阻力，小钢球的半径可忽略不计，关于小钢球从被释放到运动到最低点处的过程，下列说法正确的是（ ）
A. 轻绳的拉力一直增大
B. 小钢球重力的功率一直增大
C. 铁架台对桌面的压力先增大后减小
D. 桌面对铁架台的摩擦力先减小后增大
【答案】A
【解析】A．设小钢球质量为，铁架台质量为，轻绳长为，轻绳拉力为，小钢球向下摆动到某一位置时，轻绳与水平方向的夹角为，如图所示
对小钢球进行受力分析，由牛顿第二定律有
小钢球由处静止释放运动到此位置的过程，由动能定理有
联立解得
小钢球从点运动到最低点的过程中，一直增大，增大，则轻绳拉力一直增大，故A正确；
B．由重力的功率可知，小钢球刚被释放时速度为零，重力的功率为零，小钢球运动到最低点时，瞬时速度方向与重力方向垂直，夹角，则重力的功率又变为零，因此小钢球重力的功率先增大后减小，故B错误；
C．铁架台一直处于静止状态，在竖直方向上受力平衡，支持力
小钢球从A点运动到最低点的过程中，一直增大，故铁架台对桌面的压力一直增大，故C错误；
D．铁架台在水平方向受力平衡，摩擦力
小钢球从A点运动到最低点的过程中，由0增大至，当时，
铁架台受到的摩擦力最大，因此桌面对铁架台的摩擦力先增大后减小，故D错误。
故选A。
8. 如图甲所示为均匀透明介质制成的棱镜的截面图，其截面为正六边形，现用由单色光和单色光组成的复合光由棱镜的左侧射入，最终从右侧射出时分成两束。若用这两种单色光分别照射图乙中的阴极，当阴极的材料为A时电流表的指针均发生偏转，当阴极的材料为B时，只有一种单色光能使电流表的指针发生偏转。下列说法正确的是（ ）
A. 单色光的波长较小
B. 材料A的逸出功小于材料的逸出功
C. 单色光照射材料A时，光电子的最大初动能较大
D. 仅增加两种单色光强度后再照射材料B，电流表的指针均发生偏转
【答案】B
【解析】A．复色光射入棱镜时，b光的折射角小于光的折射角由折射定律知，介质对光的折射率大于光的折射率，则单色光的频率较大，由可知单色光的波长较小，故A错误；
B．由题意知，若用两种单色光分别照射阴极，当阴极的材料为A时电流表的指针均发生偏转，则两种单色光的频率均大于材料A的极限频率，当阴极的材料为B时，只有一种单色光能使电流表的指针发生偏转，说明不能使电流表发生偏转的单色光的频率小于材料B的极限频率，说明材料A的极限频率小于材料B的极限频率，即材料A的逸出功小于材料B的逸出功，故B正确；
C．由爱因斯坦光电效应方程知，由于单色光的频率较大，所以用单色光照射材料A时，光电子的最大初动能较大，故C错误；
D．发生光电效应的条件是入射光的频率大于材料的极限频率，与光的强度无关，故D错误。故选B。
9. 如图所示，理想变压器的原、副线圈的回路中分别接有阻值均为的电阻、，原线圈一侧接在电压为的正弦交流电源上，若、的电功率相等，下列说法正确的是（ ）
A. 原、副线圈匝数之比为
B. 原线圈两端的电压为
C. 通过电阻的电流为
D. 电源的输出功率为
【答案】D
【解析】A．由题意知，且电功率相等，即，由可知，即原、副线圈中的电流相等，由理想变压器的电流与线圈匝数关系，得原、副线圈匝数之比，故A错误；
B．设原线圈两端电压为，副线圈两端电压为，由知副线圈两端电压为
即两端的电压也为，由可知两端电压也为，则电源的输出电压为，则原线圈两端电压，故B错误；
C．由欧姆定律可得通过的电流为，故C错误；
D．由，根据能量守恒定律知，电源的输出功率为，故D正确。故选D。
10. 如图所示，在匀强电场中有一个圆心为、直径为虚线圆，电场方向与圆所在的平面平行，A、、、分别为圆上的四个点，其中过圆心，，。现将一个电子从A点移动到点，电场力做的功为；若将该电子从A点移到点，则电场力做的功为。下列说法正确的是（ ）
A. 若取A点处的电势为0，则圆心点处的电势为
B. 点处的电势比点处的电势低
C. 该匀强电场的电场强度大小为、方向由点指向A点
D. 若将电子从A点移到点，则其电势能减小
【答案】C
【解析】A．由结合题意可知，A、两点处的电势差为
若取A点处的电势为，如图所示
则点处电势为
则圆心点处的电势为，故A错误；
B．同理可得，两点处的电势差为
若仍取点处的电势为，则
根据几何关系可知与平行且相等，在匀强电场中有
则，即，因此点处的电势比点处的电势高，故B错误；
D．结合上述分析可知，A、两点处的电势差为
根据与可知，若将电子从点移到点，则
说明电子的电势能减小，故D错误；
C．过点作的垂线交于点，根据几何关系可知，在中，
则A、两点处的电势差为
而说明、两点处于同一等势面上，且电势高于A点处的电势，根据“电场线与等势面处处垂直、沿着电场线方向电势逐渐降低”可知，该匀强电场的电场强度的方向由点指向A点、大小为，故C正确。故选C。
11. 某游乐园中过山车从倾斜轨道最高点无动力静止滑下后到水平直轨道停下。为保证安全，水平轨道上安装有磁力刹车装置，其简化示意图如图所示。水平直轨道右侧与定值电阻相连，虚线的右侧有竖直向上的匀强磁场，左侧无磁场。过山车的刹车金属片可等效为一根金属杆，其从倾斜轨道上某一位置由静止释放，最终静止在水平轨道某一位置，忽略摩擦力和空气阻力。下列关于金属棒运动过程中速率、加速度大小与运动时间或运动路程的关系图像可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】AB．金属棒在倾斜轨道上受重力和支持力作用，加速度恒定不变，由知，速度随时间均匀增大；由知，速度与运动路程的关系图像为开口向右的抛物线，故A正确，B错误；
C．金属棒进入水平轨道后，切割磁感线产生感应电流，受到向左的安培力作用，由知，金属棒在水平轨道上做加速度减小的减速运动，由于加速度与速度成正比，因此加速度随时间变化的趋势与速率随时间变化的趋势相同，故C错误；
D．在极短时间内，对金属棒由动量定理有，即，则速度随运动路程均匀减小，因此加速度随运动路程也均匀减小，故D错误。故选A。
二、非选择题：共5题，共56分。其中第13~16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
12. 某实验小组利用铜片、锌片和梨制作了水果电池，并测量该水果电池的电动势和内阻，探究电极间距对和的影响。如图甲所示为实验电路图，已知电流表内阻为、量程为，电阻箱阻值的变化范围为。
（1）连接好电路后，在开关闭合前，电阻箱的阻值应调节到_____（选填“最大”“最小”或“任意值”）；
（2）调节电阻箱，改变电流，利用所测实验数据作出图像，其中电压；
（3）实验中依次增大铜片与锌片的间距，分别得到的图像如图乙中的a、b、c、d（4）由图乙可知，在该实验中，随电极间距的增大，该水果电池的电动势将_____（选填“增大”“减小”或“不变”），内阻将_____（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（5）曲线对应的电池电动势_____，内阻_____（均保留三位有效数字），该电动势的测量值无系统误差，请简要说明理由：_____。
【答案】（1）最大 （4）不变 ；增大 （5）0.973##0.975##0.975##0.976##0.977 ⑤. 434##435####437##438 ；由闭合电路欧姆定律可知，所以图像的纵截距即为水果电池的电动势，无系统误差
【解析】（1）为了电路安全，开关闭合前，应将电阻箱接入电路的阻值调至最大；
（4）由闭合电路欧姆定律知，整理得
则图像的纵截距表示水果电池的电动势，斜率的绝对值表示水果电池的内阻和电流表内阻之和，由题图乙可知在该实验中，随电极间距的增大，水果电池的电动势不变，内阻逐渐增大。
（5）由题图乙可知电源电动势大小，图像的斜率绝对值
代入数据解得
图像纵截距就是水果电池的电动势，则水果电池的电动势测量无系统误差。
13. 如图所示，质量为的小球分别在真空中与油中从静止开始下落相同的高度，所经历的时间不同，若小球在真空中自由下落的时间为，小球在油中受到的阻力恒定，下落过程中产生的热量为，重力加速度为，求：
（1）小球在油中下落受到的阻力；
（2）小球在油中运动的时间。
【答案】（1） （2）
【解析】【小问1】小球在真空中做自由落体运动，则小球下落的高度为
设小球在油中运动受到的阻力为，下落相同高度因摩擦产生的热量
联立解得
【小问2】小球在油中运动时，由牛顿第二定律可得
由匀加速直线运动规律可得
联立解得小球在油中下落相同高度运动的时间为
14. 如图所示，地面附近有一热气球，球的下端有一开口，开口处的燃烧器可调节热气球内气体的温度。已知热气球充满气体后球囊的体积为，热气球（不含气体）与吊篮及人的总质量，地面附近空气温度、压强、空气密度。调节球内气体温度，当其温度升高到时，热气球在浮力作用下恰好能够从地面开始上升。热气球内的气体可看作理想气体，重力加速度取，且不随高度的变化而变化，热气球内气体压强始终不变，不考虑吊篮和人的体积。求：
（1）当热气球恰好能够从地面上升时，球内气体的密度；
（2）当热气球恰好能够从地面上升时，球内气体的温度。
【答案】（1） （2）
【解析】【小问1】由题意可知，热气球在浮力作用下恰好能够上升，此时热气球受力平衡，根据平衡条件有，解得
【小问2】将开始时热气球内气体作为研究对象，设其质量为，由题意可知，气体做等压变化，当气体温度为时，其体积膨胀为，根据盖—吕萨克定律有
气体质量不变，则有，，结合上述解得
15. 如图所示，质量的物块1与质量的物块2通过光滑轻质定滑轮用不可伸长的轻绳连接，物块2与质量的物块3用劲度系数为的轻质弹簧相连接，物块3静置在水平地面上。初始时控制物块1使其静止于倾角的光滑斜面上，此时轻绳恰好拉直且与斜面平行，轻绳无拉力，现由静止释放物块1，重力加速度取，，，弹簧的弹性势能与形变量的关系为。求：
（1）释放物块1前，弹簧的弹性势能；
（2）释放物块1的瞬间，物块2的加速度大小；
（3）释放物块1后，当物块3恰好对地面无压力时，物块1在斜面上运动的速度。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】【小问1】初始时对物块2受力分析，由题意知轻绳无拉力，则弹簧处于压缩状态，由力的平衡条件得，解得弹簧形变量
则释放物块1前，弹簧的弹性势能为
【小问2】释放物块1的瞬间，对物块1与物块2及轻绳组成的系统进行分析，由牛顿第二定律得
解得物块2的加速度大小
【小问3】释放物块1后，当物块3恰好对地面无压力时，对物块3进行分析，由力的平衡条件有
对物块1、物块2及轻绳组成的系统进行分析，由能量守恒定律得
其中，解得
16. 如图所示，半径为R的虚线圆内有垂直纸面向外的匀强磁场，且O1O、O1P分别是虚线圆的竖直半径与水平半径。P点右侧存在一均匀辐向分布的电场，方向沿径向指向圆心O2点，半径为R的圆弧PQ的圆心也在O2点，经过圆弧PQ处的电场强度大小为E，且∠PO2Q=53°，水平虚线QH与竖直虚线QG之间存在水平向左、电场强度大小也为E的匀强电场，M点是此区域内的一固定点，现有一质量为m、带电荷量为+q的粒子（重力不计）从O点沿OO1方向垂直射入磁场，接着运动到P点，然后沿圆弧PQ运动经Q点进入匀强电场，随后恰好运动到M点时速度竖直向下，sin53°=0.8，cs53°=0.6。
（1）求粒子在P点的速度大小以及匀强磁场的磁感应强度B的大小；
（2）求粒子从Q点到M点的运动时间以及粒子从O点运动到M点所受的平均作用力大小；
（3）N点是匀强电场区域内的一个固定点，且∠GQN=53°，若电场强度大小为E的匀强电场方向改为由Q点指向N点，求Q、M两点之间的电势差。
【答案】（1）， （2）， （3）
【解析】【小问1】带电粒子在辐向电场中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，则有带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有
由几何关系可得粒子在磁场内做圆周运动的半径
联立解得，
【小问2】由几何关系可得粒子在Q点时的速度方向与水平方向的夹角为53°，将速度分别沿水平方向和竖直方向分解，则有
粒子从Q点运动到M点，在竖直方向上以vy=vsin53°向下做匀速直线运动，在水平方向上以vx=vcs53°向右做匀减速直线运动，且到达M点时水平方向的分速度为0；粒子在匀强电场中，由牛顿第二定律得，则有，联立解得
带电粒子从O点运动到Q点经历的时间
粒子从O点到M点，速度变化量为
由动量定理可得
联立解得
【小问3】粒子从Q点运动到M点，在水平方向上有
在竖直方向上有
若电场强度大小为E的匀强电场方向改为由Q点指向N点，如图所示，
QM连线沿电场强度方向的投影距离为QK=d，则Q、M两点的电势差为
由几何关系可得
其中
因此
则