初中物理人教版（2024）九年级全册比热容课时练习

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考点一：比热容的理解
考点二：理解水的比热容
考点三：生活中的比热容问题
考点四：比热容的定义式
考点五：热平衡问题
考点六：比热容的图像分析问题
考点七：比较不同物质的吸热能力
考点八：比热容的计算问题
【知识梳理】
知识点一. 比热容
1、定义：一定质量的某种物质在温度升高时，吸收的热量与它的质量和升高的温度乘积之比叫做这种物质的比热容，用符号c表示。
2、公式及单位：；单位：焦耳每千克摄氏度，符号是：J/（kg·℃）
3、物理意义：表示物体吸热或放热的能力的强弱。
4、比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形状等无关。
5.水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，它表示的物理意义是：1kg的水温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为4.2×103J
知识点二. 水的比热容
（1）大小：水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)
（2）物理意义是：1千克的水温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J。
（3）有关水比热容的利用
①冷却和取暖。冬天，北方地区用热水取暖；汽车发动机用水作为冷却液。
②调节气温。沙漠地区的昼夜温差大，沿海地区昼夜温差小。
知识点三、热量的计算公式：
Ｑ吸＝cm（t－t0） (或Ｑ吸=cm△t )
Ｑ放＝cm（t0－t）(或Ｑ放=cm△t )
【题型归纳】
题型一：比热容的理解
1．（23-24九年级上·山西晋城）已知，关于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是（ ）
A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B．若质量增大一倍，则比热容减至一半
C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
D．无论物体质量多大，比热容都不变，比热容只与物质的种类和状态有关
【答案】D
【详解】比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与质量、温度变化和吸热多少无关，故D正确，ABC错误。
故选D。
2．（23-24九年级上·河南安阳·期末）下表是一些物质的比热容，从表中得出的下列说法中正确的是（ ）
A．比热容是物质的一种特性，不同物质的比热容大小不同
B．液态物质的比热容比固态物质的比热容大
C．体温计内测温液体选用水银的一个原因是水银的比热容较小
D．上表中相同质量的不同物质吸收相同的热量，水升高的温度较高
【答案】C
【详解】A．读表格可知，煤油和冰是不同物质比热容相同，比热容都是2.1×103J/(kg·℃)，故A错误；
B．读表格可知，一般情况下，煤油是液体，冰是固态，它们的比热容相同，都是2.1×103J/(kg·℃)，故B错误；
C．读表格可知，相比之下，水银的比热容更小，这样在吸收相同的热量时，其温度变化明显，因此，适合作为测温物质，故C正确；
D．读表格可知，水的比热容最大，相同质量的不同物质吸收相同的热量，由可知，水升高的温度较小，故D错误。
故选C。
3．（23-24九年级上·四川广元·期末）小旋从表提供的信息中，得出了以下几个结论，其中不正确的是（ ）
几种物质的比热容
A．汽车发动机用水做冷却剂效果比较好
B．液体的比热容都比固体大
C．同种物质在不同状态下比热容不同
D．质量相同的铜和铁，升高相同的温度，铁吸收的热量多
【答案】B
【详解】A．表格中水的比热容最大，则相同质量的水和其它液体相比较，在吸收相同的热量的情况下，由于水的比热容最大，水的温度变化小，即水温度升高的最慢，故一般用水做冷却剂效果最好，故A正确，不符合题意；
B．液体物质的比热容不一定比固体物质的比热容大，例如水银的比热容就比大部分固体的比热容小，故B错误，符合题意；
C．同种物质在不同状态下比热容不同，例如水在液态和固态时比热容不同，故C正确，不符合题意；
D．质量相等的铜和铁升高相同的温度，铁的比热容较大，由公式Q=cm∆t知，铁吸收的热量多，故D正确，不符合题意。
故选B。
题型二：理解水的比热容
4．（23-24九年级上·山东济南·期末）炎炎夏日，小梅来到美丽的海滨城市日照。她发现，在这里白天的风常常从海面吹向陆地，而在夜晚风却从陆地吹向海面，如图是陆地和海面之间空气流动情况的示意图。形成这一现象的主要原因是（ ）
A．陆地上的砂石的温度总是高于海水的温度 B．陆地上的砂石的内能总是小于海水的内能
C．陆地上的砂石的比热容小于的海水比热容 D．陆地上的砂石吸收的热量少于海水的吸收的热量
【答案】C
【详解】沿海地区水多，水的比热容较大；内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小；由于水的比热容大，所以对于相同质量的水和砂石相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，而砂石的温度变化大，所以白天陆地的温度高、海水温度低，晚上陆地温度低、海水温度高；白天陆地上方空气的温度高度，密度小，砂石上方空气上升，海面上的冷空气过来补充，所以白天的风常常从海面吹向陆地，而晚上海面上方的热空气上升，风从陆地吹向海面。
故选C。
5．（23-24九年级上·山东济南·期末）初春时昼夜温差大，农民们在培育水稻秧苗时，为了不使秧苗冻伤，可采取的做法是（ ）
A．早晨多灌水，傍晚多排水B．早晨和傍晚都要多灌水
C．早晨多排水，傍晚多灌水D．早晨和傍晚都不要灌水
【答案】C
【详解】初春培育水稻秧苗时，为了不使秧苗受冻，傍晚多灌水，当夜晚温度降低时，因为水的比热大，水放出热量，水的温度降低的比较少，不至于使秧苗受冻；在早晨把稻田内是水排出，稻田接受太阳光的照射，泥土的比热小，泥土吸收热量，温度升高快，有利于秧苗的生长，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6．（23-24九年级上·重庆开州·阶段练习）以下四种现象中，与水的比热容大无关系的是（ ）
A．汽车的发动机用循环流动的水来冷却
B．生活中往往用热水取暖
C．夏天洒水降温
D．滩涂湿地温差较小
【答案】C
【详解】A．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水来冷却汽车发动机，故A不符合题意；
B．因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以生活中往往用热水取暖，故B不符合题意；
C．炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故C符合题意；
D．滩涂湿地水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水温度的变化小，因此可起到调节气候的作用，故D不符合题意。
故选C。
题型三：生活中的比热容问题
7．（23-24九年级上·江西抚州·期末）水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生活、生产服务，下列事例中与它的这一特性无关的是（ ）
A．炎热的夏天常常在地面上洒水降温
B．北方房间内的“暖气”用水作为介质
C．汽车发动机用水做冷却液
D．初春农民夜间向秧田里灌水，以防秧苗冻坏
【答案】A
【详解】A．炎热的夏天常常在地面上洒水降温是利用蒸发吸热的原理，与水的比热容没有关系，故A符合题意；
B．北方房间内的“暖气”用水作为介质，因为水的比热容较大，与质量相同的其它物质相比，降低相同的温度，水放出的热量多，故B不符合题意；
C．汽车发动机用水做冷却液，因为水的比热容较大，与质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，故C不符合题意；
D．因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故D不符合题意。
故选A。
8．（2024·山东济南·三模）物理学家托里拆利在地理方面也有卓越贡献。他是第一个用科学的方式描述风的人，他写道：“风产生于地球上的两个地区的温差和空气密度差”。学科之间存在联系互通，地理中的“海陆风”也可用物理学的知识进行解释。如图为白天海陆风形成的示意图，海陆风形成的原因是：与海洋相比，陆地的土地（ ）
A．比热容较小，在相同日照条件下升温较快，空气密度较小，气压较低
B．比热容较小，在相同日照条件下升温较慢，空气密度较小，气压较高
C．比热容较大，在相同日照条件下升温较快，空气密度较大，气压较低
D．比热容较大，在相同日照条件下升温较慢，空气密度较小，气压较低
【答案】A
【详解】海洋水多，陆地的土地多，白天相同的太阳光照射，水和土地吸收的热量相同，水和土地的质量相同时，由Q=cmΔt得，因为水的比热容大，温度升高得少，气温较低，陆地的土地的比热容小，温度升高得多，气温较高，因此与海洋相比，陆地的土地比热容较小，在相同日照条件下升温较快，空气密度较小，气压较低，此时风由海洋吹向陆地。
故选A。
9．（23-24九年级上·江苏连云港·期末）连云港位于沿海地区昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大，这主要是因为（ ）
A．水的内能少，沙石的内能大B．水的热值小，沙石的热值大
C．水的导热性好，沙石的导热性差D．水的比热容大，沙石的比热容小
【答案】D
【详解】因为沙子的比热容较小、水的比热容较大，白天，吸收热量后，沙子的温度升高的多，气温较高；夜晚，放出热量后，沙子的温度下降的多，气温较低；所以沿海地区昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大。
故选D。
题型四：比热容的定义式
10．（23-24九年级上·全国·单元测试）甲、乙两个铜块，初温相同，吸收热量后再相互接触，甲向乙传热，这可能是因为（ ）
A．甲的末温比乙低B．甲、乙质量相等，甲吸热少
C．甲、乙吸热相同，甲质量大D．甲、乙吸热相同，乙质量大
【答案】D
【详解】A．热传递的条件是存在温度差，甲向乙传热，即甲的末温高于乙，故A不符合题意；
B．由可知，甲乙都是铜，比热容相同，若甲、乙质量相等，甲吸热少，则甲升高的温度比乙小，在初温相同时，甲的末温比乙低，故B不符合题意；
C．由可知，甲乙都是铜，比热容相同，若甲、乙吸热相同，甲质量大，则甲升高的温度比乙小，在初温相同时，甲的末温比乙低，故C不符合题意；
D．由可知，甲乙都是铜，比热容相同，若甲、乙吸热相同，乙质量大，则甲升高的温度比乙大，在初温相同时，甲的末温比乙高，故D符合题意；
故选D。
11．（2024·广东广州·一模）初温相同的三块金属甲、乙、丙，甲、乙质量相等材料不同，乙、丙材料相同质量不等，均匀加热甲、乙、丙，让它们吸收相等的热量，末温，以上过程不发生物态变化，比较三者质量m和比热容c大小，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】由可知，，因为金属甲、乙、丙初温相同，末温
所以
因为它们吸收相等的热量，所以
A．因为，它们吸收相等的热量，所以，因为甲丙的材料不相同，质量也不相同，当，则，故A不符合题意；
B．甲、乙质量相等，由可知，，故B不符合题意；
C．因为，它们吸收相等的热量，所以，因为甲丙的材料不相同，质量也不相同，当，则，故C不符合题意；
D．乙、丙材料相同，即比热容相同，由可知，，故D符合题意。
故选D。
12．（22-23九年级上·山东临沂·期末）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失）。如图所示是A和B的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．加热相同时间，B比A吸收热量多B．升高相同的温度，A吸收热量较多
C．由图像可知，B的吸热本领强D．通过分析图像可以得出，B的比热容是A的两倍
【答案】B
【详解】A．用相同加热器，加热相同时间，物体A、B吸收的热量相同，故A错误；
BC．A、B液体质量相等，初温相同，当A、B升高相同的温度，A加热时间较长，A吸收的热量较多，说明A的吸热本领强，故B正确，C错误；
D．由于A、B液体质量相等，初温相同，用相同的加热器加热相同的时间，表示A、B吸收的热量相同，A温度升高了
ΔtA=40℃-20℃=20℃
B温度升高了
ΔtB=60℃-20℃=40℃
ΔtA∶ΔtB=20℃∶40℃=1∶2
由Q吸=cmΔt可知，吸收的热量、质量相同时，不同物质的比热容与升高的温度成反比，所以比热容
cA∶cB=ΔtB∶ΔtA=2∶1
A的比热容是B的两倍，故D错误。
故选B。
题型五：热平衡问题
13．（22-23九年级上·河北保定·期末）小明把质量为0.42kg、初温为10℃的牛奶，放入质量为400g、初温为90℃的热水中加热，当牛奶的温度为30℃时，其温度保持不变。下列说法正确的是（ ）
A．水放出的热量为3.2×104JB．牛奶吸收的热量为3.36×104J
C．牛奶吸收的热量为9.6×104JD．该过程中牛奶吸收的热量等于水放出的热量
【答案】B
【详解】由题意知，水的初温t0'=90℃、当牛奶的温度为30℃时，其温度保持不变，说明此时温度为水和牛奶的共同温度，即水的末温为t'=30℃，则水在该过程中放出的热量为
牛奶的初温t0=10℃、末温t=30℃，则牛奶加热过程中吸收的热量
可知，该过程中牛奶吸收的热量小于水放出的热量，故ACD错误，B正确。
故选B。
14．（21-22九年级上·江苏常州·期中）A、B两物体质量相等、温度均为20℃，甲、乙两杯水质量相等，温度均为60℃，现将放A入甲杯、B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了5℃，乙杯水温降低了10℃，不考虑热量的损失，则A、B两物体的比热容之比为（ ）
A．1︰2B．3︰7C．2︰3D．4︰7
【答案】B
【详解】物体A放入甲杯水后，Δt水=5℃，则它们的共同温度为55℃，则
ΔtA=55℃-20℃=35℃
水放出的热量
Q放=c水m水Δt水
A吸收的热量
Q吸=cAmAΔtA
根据热平衡方程
Q放=Q吸
即
c水m水Δt水=cAmAΔtA
代入相关数据得
物体B放入乙杯水后，Δt水′=10℃，它们的共同温度为变成50℃，则
ΔtB=50℃-20℃=30℃
水放出的热量
Q放=c水m水Δt水′
B吸收的热量
Q吸=cBmBΔtB
根据热平衡方程
Q放=Q吸
即
c水m水Δt水′=cBmBΔtB
代入相关数据得
A、B两物体质量相等mA=mB，所以
故选B。
15．（2022·四川内江·模拟预测）有两个温度为质量相等的金属球，先把甲球放入温水杯中，热平衡后水温升高了；取出甲球，将乙球放入该杯中，热平衡后水温又升高了10℃（末温未达100℃），则甲球比热容c甲和乙球比热容c乙，大小的关系是（ ）
A．B．
C．D．以上三种情况都有可能
【答案】A
【详解】把甲球放入温水杯中，热平衡后水温升高了，设水的初温为，则水的末温为
金属球甲的末温等于水的末温，则金属球的末温
金属球甲温度变化为
金属球甲放出的热量等于水吸收的热量为
把乙球放入该温水杯中，热平衡后水温又升高了，则水的末温为
金属球乙的末温等于水的末温，则金属球的末温
金属球乙温度变化为
金属球乙放出的热量等于水吸收的热量为
即甲乙球放出的热量相等，甲球温度变化大于乙球温度变化，依题意得，甲乙球质量相等，由得，甲球比热容小于乙球比热容。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
题型六：比热容的图像分析问题
16．（23-24九年级上·四川成都·期末）某同学用如图所示的实验装置，比较不同物质的比热容，将分别盛有60g水和60g食用油的两个试管固定在铁架台上（水的比热容大于油的比热容，水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）），使用红外加热器可使两种液体单位时间内吸收的热量相等。温度传感器的探头与水和食用油良好接触，将温度传感器与计算机相连，计算机上显示温度随时间变化的图线如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．食用油的比热容为1.4×103J/（kg·℃）
B．1~3min内，食用油吸收的热量为3360J
C．加热2min，水吸收的热量大于食用油吸收的热量
D．另一小组用同样的器材进行实验，得到的两种物质温度随时间变化图像均为图中的B所示，若已知该小组所用水的质量为60g，则食用油的质量为120g
【答案】B
【详解】A．用两个相同的加热器给质量相同的食用油和水加热，由图像可知，A温度从20℃升高到40℃需要2min，B温度从20℃升高到40℃需要3min；加热时间越长，吸收的热量越多，水的吸热能力越强，所以B为水，A为食用油。因为加热器相同，则物质吸收的热量和加热时间成正比，所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为
Q吸水∶Q吸油=3∶2
由Q吸=cmΔt可知
c水∶c油=3∶2
则
故A错误；
B．1~3min内，加热了2min，食用油的温度升高了20℃,则食用油吸收的量为
Q吸油=c油m油Δt油=2.8×103J/（kg·℃）×60×10-3kg×（40℃-20℃）=3360J
故B正确；
C．相同加热器在相同时间内放出的热量相同，则加热2min时水和食用油吸收的热量相同，故C错误；
D．另一小组用同样的器材进行实验，得到的两种物质温度随时间变化图像均为图中的B所示，不同物质吸收相同的热量，升高相同的温度，根据Q=cmΔt可知，水和食用油的质量之比等于比热容之比的倒数，所以
m水∶m油=c油∶c水
即
60g∶m油=2∶3
解得m油=90g，故D错误。
故选B。
17．（23-24九年级上·湖北·期末）两个相同的容器分别装满了质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B．加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多
C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
【答案】B
【详解】已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等。
AB．由图像可以看出，在吸收热量相同时，甲液体末温更高，说明甲升高的温度更多，由公式知，甲液体比热较小，故A错误，B正确；
C．加热时间相同，两种液体吸收的热量相同，故C错误；
D．如果升高相同的温度，乙液体需要加热的时间更长，所以乙液体吸收的热量更多，故D错误。
故选B。
18．（23-24九年级上·山东枣庄·期中）质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容4.2×103J/（kg·℃），。下列说法中（ ）
①甲物质是水②0~12min乙温度降低了40℃
③0~12min甲放出了4.2×104J的热量④乙物质的比热容为2.1×103J/（kg·℃）
A．只有①②③正确B．只有②④正确
C．只有①④正确D．①②③④都正确
【答案】D
【详解】①时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢， 根据热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小， 所以，甲液体的比热容大，所以若甲、乙两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，故①正确；
②由图可知：乙液体的初温是60℃，放热12分钟后乙液体的末温是20℃，乙温度降低了40℃，故②正确；
③读图可得，甲在12min内由60℃降低到40℃，降低的温度是
60℃-40℃=20℃
甲液体已判断出是水， 所以甲放出的热量
故③正确；
④由图知，0~12min水放出的热量
0～l2min乙液体放出的热量
Q放=c乙m乙（60℃-20℃）
由题知，水和乙液体的质量相同，即m水=m乙
4.2×103J/（kg・℃)×m水×（60℃-40℃）=c乙m乙（60℃-20℃),
解得c乙＝2.1×103J/（kg・℃），故④正确。
故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
题型七：比较不同物质的吸热能力
19．（23-24九年级上·广西柳州·期中）利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”。操作如下：
(1)在两烧杯分别装入初温相同、质量 （选填“相等”或“不相等”）的沙子和水；若某小组实验时用煤油来代替沙子，加热前，在一个烧杯中倒入240mL的煤油，需要在另一个相同烧杯中倒入 mL的水；（煤油密度）
(2)实验用 （选填“加热时间”或“升高的温度”）来反映水和沙子吸收热量的多少；用相同的酒精灯加热，同时开始、同时停止加热，水和沙子吸收的热量 。（选填“相等”或“不相等”）；
(3)分析图乙可知，对于质量相等的沙子和水，若使两者升高相同的温度，则 吸收的热量较多，由此可见， 的比热容较大；
【答案】(1) 相等 192(2) 加热时间 相等(3) 水 水
【详解】（1）[1]研究沙子和水的温度变化与吸热的关系，根据控制变量法，要控制质量相同，故在两烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的沙子和水。
[2] 240mL=240cm3。实验时要控制水和煤油的质量相等，结合密度公式可求得需要水的体积为
（2）[1][2]根据转换法，实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收的热量，用相同的酒精灯加热，且加热时间相同，则水和沙子吸收的热量相等。
（3）[1][2]由图乙可知，对于质量相等的沙子和水，若使两者升高相同的温度（升高20℃），水用时较长，即水吸收的热量较多，根据比较吸热能力的方法，由此可见，水的比热容较大。
20．（23-24九年级下·湖北黄石·期中）某实验小组用如图甲所示的装置比较水和食用油的吸热本领。（食用油的密度为0.8×103kg/m3）
（1）加热前，在一个烧杯中倒入240mL的水，为了使水和食用油的质量相同，需要在另一个相同烧杯中倒入 mL的食用油；
（2）用两个相同规格的电加热器来加热水和食用油，每隔1min记录一次温度，并绘制图象如图乙所示，可以判断a物质是 。停止加热，在相同质量的水和食用油温度降低的过程中，水放出的热量与降低的温度之比 （填“大于”或“等于”或“小于”）食用油放出的热量与降低的温度之比。根据图象可知，该食用油的比热容为 ；
（3）另一组同学用相同器材做实验时，得到如图丙的图象。若a物质在OB段吸收的热量为Qa，b物质在AB段吸收的热量为Qb，则Qa Qb（填“＞”或“＜”或“＝”）。
【答案】 300 食用油 大于 2.1×103J/（kg•℃） ＝
【详解】（1）[1]加热前，在一个烧杯中倒入240mL的水，为了使水和食用油的质量相同，根据可知，在质量不变时，体积与密度成反比，水的密度是食用油的密度的
故在另一个相同烧杯中倒入的食用油的体积为
V＝1.25×240mL＝300mL
（2）[2]由图乙可知，加热相同时间，吸收相同热量，a升温快，则a的比热容小，所以可判断a物质是食用油。
[3]停止加热，在相同质量的水和食用油温度降低的过程中，根据可知，因水的比热容大，故水放出的热量与降低的温度之比大于食用油放出的热量与降低的温度之比。
[4]根据图乙可知，升高20℃，a、b的加热时间分别为3min和6min，由转换法，对应的吸热之比为
1∶2＝0.5
根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，则食用油的比热容为
c＝0.5×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）
（3）[5]由图丙可知，加热时间相同，根据转换法，则a物质在OB段吸收的热量等于b物质在AB段吸收的热量，即Qa＝Qb。
21．（23-24九年级上·黑龙江齐齐哈尔·阶段练习）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力；
（1）除图中展示的实验器材外，本实验还需要的测量工具有 、 ；
（2）在两个相同的烧杯中应加入初温相同、 相同的水和食用油；
（3）实验中发现煤油的温度比水的温度升高得快，如果要使水和煤油最后的温度相同，就要给 加热更长的时间，这表明食用油的吸热本领比水 （“强”或“弱”）；
（4）如果水和煤油都被加热10min，水吸收的热量 （选填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；
（5）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像（如图乙），由图像可知，水的沸点是 ℃，煤油的比热容是 J/（kg•℃）。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q酒精＝3.0×107J/kg]
【答案】 天平 秒表 质量 水 弱 等于 98 2.1×103
【详解】（1）[1][2]实验中需要记录时间，所以需要用到秒表；实验中需要控制水和煤油的质量相同，所以需要用到天平。
（2）[3]根据比较吸热能力的两种方法，第1种方法控制不同物质的质量相同，升高相同的温度，比较加热的时间；第2种方法控制不同物质的质量相同，吸收相同的热量，比较升高的温度；无论哪种方法都要控制不同物质的质量相同，故在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油。
（3）[4][5]实验中发现煤油的温度比水的温度升高得快，据此推理，如果要使水和食用油最后的温度相同，就要给水加热更长的时间，根据比较吸热能力的第1种方法，水的吸热能力强，这表明煤油的吸热本领比水弱。
（4）[6]该实验用加热时间表示吸热的多少。加热10min，由转换法知，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
（5）[7][8]根据小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像（如图乙），由图像可知，水温升到不在变化，故水的沸点是。由图乙知，水升高的温度
水加热20分钟，煤油加热10分钟，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据，在质量、升温相同的情况下，Q与比热容成正比，故煤油的比热容是
题型八：比热容的计算问题
22．（23-24八年级下·上海黄浦·期末）夏日一天，某校考场内用冰块降温。已知冰块的质量为50kg，初始温度为-20℃，当冰块温度升高到0℃过程中。[c冰=2.1×103J/（kg·℃），ρ冰=0.9×103kg/m3]求：
（1）冰块升高的温度△t；
（2）它所吸收的热量Q吸；
（3）一段时间后，有1.8kg的冰化成水，求水的体积V水。
【答案】（1）20℃；（2）2.1×106J；（3）1.8×10-3m3
【详解】解：（1）冰块升高的温度
△t=t2﹣t1=0℃-（-20℃)=20℃
（2）冰块所吸收的热量
Q吸=c冰m△t
=2.1×103J/（kg·℃）×50kg×20℃=2.1×106J
（3）物体的质量与状态无关，故水的质量为
m水=m冰=1.8kg
水的体积
答：（1）冰块升高的温度△t为20℃；
（2）它所吸收的热量Q吸为2.1×106J；
（3）一段时间后，有1.8kg的冰化成水，水的体积V水为1.8×10-3m3。
23．（23-24九年级下·广东广州·阶段练习）如图所示，是小羽同学做冰熔化实验时绘制的温度-时间图像，冰的质量是0.1kg，若相同时间内物质吸收的热量相同，谓你根据图像，计算：[c水=4.2×103J/（kg·℃），q燃烧=3×107J/kg]
（1）CD阶段物质吸收的热量是多少？
（2）BC阶段物质吸收的热量是多少？
（3）请你根据图像分析说明冰的比热容与水的比热容的关系。
【答案】（1）；（2）；（3）冰的比热容小于水比热容
【详解】解：（1）由于冰化水、质量不变，水的质量为
CD阶段物质吸收的热量是
（2）相同时间内物质吸收的热量相同，由图像可知
则
（3）由图像可知
，
而加热时间
即
由可知
即冰的比热容小于水比热容。
答：（1）CD阶段物质吸收的热量是；
（2）BC阶段物质吸收的热量是；
（3）冰的比热容小于水比热容。
24．（23-24九年级上·山东菏泽·期末）如图甲所示，把质量为250g的凉牛奶置于盛有热水的敞口玻璃杯中加热，经过一段时间，牛奶和热水的温度随时间的变化图象如图乙所示。已知c水=4.2×103J/(kg·℃)，c奶=2.5×103J/(kg·℃)。求：
（1）牛奶不再升温时吸收的热量；
（2）若损失的热量占60%，则水放出的热量；
（3）水的质量是多少千克（结果保留两位小数）。
【答案】（1）1.25×104J；（2）3.125×104J；（3）0.19kg
【详解】解：（1）凉牛奶置于盛有热水的敞口玻璃杯中加热，牛奶的温度是升高的，热水的温度是降低的，则图乙中b曲线是牛奶，a曲线是热水，牛奶不再升温时，温度变化量为20℃，c奶=2.5×103J/(kg·℃)，牛奶的质量为0.25kg，根据比热容公式可知，牛奶不再升温时吸收的热量为
牛奶不再升温时吸收的热量为1.25×104J。
（2）由（1）解析可知，牛奶不再升温时吸收的热量为1.25×104J，若损失的热量占60%，则牛奶吸收的热量占40%，则水放出的热量为
水放出的热量为3.125×104J。
（3）从图乙可以看到，水的温度变化量为40℃，c水=4.2×103J/(kg·℃)，由（2）解析可知，水放出的热量为3.125×104J，根据比热容公式可知，水的质量为
水的质量约是0.19kg。
答：（1）牛奶不再升温时吸收的热量为1.25×104J；
（2）若损失的热量占60%，则水放出的热量为3.125×104J；
（3）水的质量约是0.19kg。
【高分演练】
一、单选题
25．（2024·湖北武汉·中考真题）下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（ ）
A．汽车发动机用水作冷却剂
B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住
D．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
【答案】B
【详解】A．汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，故A不符合题意；
B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷，是因为水蒸发吸热，故B符合题意；
C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，故C不符合题意；
D．物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，是因为水的比热容大，故D不符合题意。
故选B。
26．（2024·湖北·中考真题）如图甲，利用相同规格的加热器加热等质量的a、b两种液体，得到温度随时间变化的图像如图乙，分析可知（ ）
A．相同时间内a中加热器产生的热量比b中的多
B．a和b的吸热能力都随着温度的升高不断增大
C．升高相同温度a所用时间比b少，a的吸热能力比b弱
D．相同时间内a升高的温度比b多，a的吸热能力比b强
【答案】C
【详解】A．实验中使用相同规格的加热器，则相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，故A不符合题意；
B．吸热能力是物质的属性，保持不变，所以a和b的吸热能力不会随着温度的升高而发生变化，故B不符合题意；
C．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同；升高相同的温度，a所用时间比b少，则a吸收的热量少，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故C符合题意；
D．由于相同时间内a中加热器产生的热量与b中的加热器产生的热量相同，则相同时间内两种液体吸收的热量相同，相同时间内a升高的温度比b多，a、b两种液体的质量相等，由可知，a的吸热能力比b弱，故D不符合题意。
故选C。
27．（24-25九年级上·全国·假期作业）将质量和初温相同的铜块和铝块（已知）同时放在沸水中加热相当长的时间，再迅速让它们相互接触，则（ ）
A．热量将从铝块传递到铜块
B．铝块具有的热量大于铜块
C．两金属块吸收的热量相同
D．它们之间不发生能量转移
【答案】D
【详解】铜块和铝块放入沸水中相当长时间，所以可知最后铜块和铝块都和沸水的温度一样。
AD．发生热传递的条件是：物体间存在温度差，当铜块和铝块接触时，温度相同不会发生热传递，故A错误，D正确；
B．热量是过程量，所以热量不能用“具有”“含有”等词语形容，只能使用“传递”等词语，故B错误；
C．由热量的计算公式可知，质量、初温、末温都相同，铝的比热容大于铜的比热容，故知铝吸收的热量大于铜吸收的热量，故C错误。
故选D。
28．（2024·湖北武汉·模拟预测）在“探究水沸腾前后温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学分别用如图甲所示的相同实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图象。下列说法正确的是（ ）
A．实验装置中，烧杯口盖有带孔的硬纸板，主要作用是延长加热时间
B．实验中可以看到，沸腾是液体内部和表面同时发生的剧烈汽化现象
C．a、b两次实验都是通过做功的方式改变水的内能的
D．a、b两组实验中所用水的质量之比为3∶5
【答案】B
【详解】A．实验中使用中间有孔的硬纸板可以减少热量的散失，缩短实验时间，故A错误；
B．沸腾是液体内部和表面同时发生的剧烈汽化现象，故B正确；
C．a、b两次实验都是通过热传递的方式改变水的内能的，故C错误；
D．由表图可得，a、b两组实验在6min时吸热时间相同，吸收的热量相等，由可得，两组实验中所用水的质量之比为
故D错误。
故选B。
29．（24-25九年级上·全国·假期作业）如图是用相同的加热装置对a、b、c三个物体加热时它们的温度随时间变化的图象，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（ ）
A．t1~t2时间内物质a的温度不变，内能不变
B．如果a、b是同种物质，b的质量一定大于a的质量
C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b多
D．由图可知，b的比热容一定大于a的比热容
【答案】B
【详解】由图像知：
A．t1~t2时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错误；
B．如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据知，b的质量大于a的质量，故B正确；
C．温度从T1升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C错误；
D．用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0~t1时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，但由于不知道b、c质量的大小，不能判断出b、c比热容的大小，故D错误。
故选B。
30．（2024·四川成都·中考真题）某固态物体的质量为m，其物质的比热容为c，用稳定的热源对它加热（物体在相同时间内吸收的热量相等），到t3时刻停止加热，然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度，最后绘制出温度随时间变化的图像（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．在0~t2时间段，该物体吸收的热量为cm（T2-T1）
B．在t2~t4时间段，该物质的比热容先增大后减小
C．在t4~t5时间段，该物体放出的热量为
D．该物质在t5~t6时间段的比热容等于在0~t1时间段的比热容
【答案】D
【详解】A．由于实验中用稳定的热源加热，物体在相同时间内吸收的热量相等，由图可知，在0~t1时间段，该物体的温度由T1升高至T2，物质的比热容为c，所以物体单位时间吸收热量
故在0~t2时间段，该物体吸收的热量
故A错误；
B．由图可知，该物体在t2~t4时间段，处于液态，由于液态时的比热容是该物质的性质，所以在t2~t4时间段，该物质的比热容不变，故B错误；
C．该物质冷却过程中单位时间放出热量不等于该物体升温过程中单位时间吸收热量，由于该物质熔化过程中吸收的热量等于该物质凝固过程中放出的热量，所以在t4~t5时间段，该物体放出的热量等于在t1~t2时间段，该物体吸收的热量，所以该物体放出的热量
故C错误；
D．由图可知，该物质在t5~t6时间段，处于固态，该物质在0~t1时间段，也处于固态，由于固态时的比热容是该物质的性质，保持不变，所以该物质在t5~t6时间段的比热容等于在0~t1时间段的比热容，故D正确。
故选D。
31．（2024·湖北恩施·模拟预测）长江三峡水利枢纽工程，具有发电和防洪等重大功能。三峡大坝蓄水后，库区附近气温的变化没有原来那么显著了，这反映出（ ）
A．受水比热容影响大，水温度变化小B．水浪减小影响大，水的温度变化小
C．水流变慢影响大，水的温度变化小D．水蒸发形成气层，水的温度变化小
【答案】A
【详解】三峡大坝蓄水后，水域面积大，由于水的比热容大，在同样吸收太阳的热量的情况下，水的温度变化较小，对周围的气温起到一定的调节作用，因此，如果蓄水基本完成后，库区附近气温与原来相比，温度变化将更不显著。
故选A。
32．（23-24八年级下·云南红河·阶段练习）甲、乙两块铁，吸收热量之比为3∶1，它们升高的温度之比为2∶3，则甲、乙两物体的质量之比为（ ）
A．9∶2B．2∶9C．1∶2D．2∶1
【答案】A
【详解】甲、乙两块铁，比热容相同，吸收热量之比为3∶1，升高的温度之比为2∶3，根据Q=cmΔt可得，甲、乙两物体的质量之比为
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
33．（2024·山东泰安·一模）用两个相同的电加热器给质量和初温相同的甲、乙两种物质加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
①乙物质的吸热能力小于甲物质的吸热能力
②0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为2∶1
③甲、乙两种物质的比热容之比为1∶2
④当甲、乙两物质都升高至60℃，甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶2
A．只有①②正确B．只有③正确
C．只有②④正确D．只有③④正确
【答案】D
【详解】由题知，用两个相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，则0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶1；由图像可以看出，当甲、乙两物质都从10℃升高至60℃，甲需要加热10min，乙需要加热20min，乙的加热时间更长，吸收热量更多，则乙物质的吸热能力大于甲物质的吸热能力，吸收的热量之比为
根据，质量相同，温度变化量相同，则比热容和吸收的热量成正比，所以甲、乙两种物质的比热容之比也为1∶2。综上，①②错误，③④正确。故ABC错误，D正确。
故选D。
二、填空题
34．（24-25九年级上·全国·课前预习）在1标准大气压下，把一高温物体投入质量为10kg、温度为20℃的水中，若物体放出的热量是3.5×106J，不计热量损失，则水的温度会升高到 ℃。［c水=4.2×103J/（kg·℃）］
【答案】100
【详解】根据热量公式Q吸=cmΔt，水升高的温度为
由于
t=t0+Δt=20℃+83.3℃=103.3℃＞100℃
因在标准大气压下水沸腾后温度会保持100℃，所以水的末温为100℃。
35．（2024·广东东莞·三模）小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均0.5kg的水和另一种液体进行对比实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出： （选填“甲”或“乙”）物质为水，另一种液体的比热容为 J/(kg·℃)。[c水= 4.2×103 J/(kg·℃)]
【答案】 甲 2.52×103
【详解】[1]由图可知，质量相等的甲、乙液体放热时间20min时，放出的热量相同，甲的温度变化
乙的温度变化
则
根据可知
c甲>c乙
故甲物质是水。
[2]根据可知，在质量和放热相同的情况下，比热容与降低的温度之积为一定值，降低的温度与比热容成反比，则水和乙液体的比热容之比
则乙液体的比热容为
36．（2024·广东佛山·三模）水的比热容为 ，将一桶质量为2kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；水结冰后，它的质量将 （选填“改变”或“不变”）。1标准大气压下，初温为20℃，质量为1kg的水吸收热量后温度将升高 ℃。
【答案】 不变 不变 80
【详解】[1]比热容是物质的一种特性，与质量无关，所以将一桶质量为2kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容将不变。
[2]质量是物体的一种属性，与物态无关，所以水结冰后质量不变。
[3]根据公式可得，水升高的温度为
在1标准大气压下水的沸点为100℃，所以水的温度实际升高
37．（2024·重庆巴南·三模）为了增强学生的劳动意识，某学校开展“我为家人做美味”的活动，其中不少学生发现煮好的鸡蛋用凉水冷却一下就好去壳了，用凉水冷却鸡蛋是通过 的方式改变鸡蛋的内能。如果水的质量为0.4kg，初温为15℃，一段时间后，取出鸡蛋，此时水温为20℃，冷却鸡蛋过程中水吸收的热量为 J。
【答案】 热传递 8.4×103
【详解】[1]用凉水冷却鸡蛋时，鸡蛋放出热量，内能减少、温度降低，是通过热传递的方式改变鸡蛋的内能。
[2]水吸收的热量
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×(20℃−15℃)=8.4×103J
38．（23-24九年级上·新疆乌鲁木齐·期末）如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器（图中用虚线形表示）分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。从实验效果考虑，本实验选择 （“烧杯”或“开口易拉罐”）作为盛放液体的容器较好，根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，分析图像可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时， 吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时， 升温较高。A和B两种液体比热容之比是 。
【答案】 开口易拉罐 A B 2∶1
【详解】[1]因金属导热性能好，所以为了缩短加热时间，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器较好。
[2][3]由图乙可知，质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高。
[4]由可知，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，由图乙可知，加热5min，B升高的温度是40℃，A升高的温度是20℃，B升高的温度是A升高温度的2倍，A和B两种液体比热容之比为2∶1。
三、计算题
39．（2024·广西·二模）一个能装水100L的太阳能晒水箱，其接收太阳能的面积为2m2，该晒水箱接受的太阳辐射能力为E＝3.2×106J/（h·m2）。求：
（1）如果每天接收太阳能的时间为8h，则该晒水箱每天可以接收多少焦的太阳能？
（2）由于热量的散失等原因，水的吸热效率只有42%。那么，该晒水箱一天吸收的太阳能可使100L的水从20℃升高到多少℃？（ρ水＝1.0×l03kg/m3）
【答案】（1）5.12×107J；（2）71.2℃
【详解】解：（1）由题意可得，该晒水箱每天可以接收的太阳能为
（2）由可得，水的质量
由得，水吸收的热量
由得，水的末温
答：（1）该晒水箱每天可以接收5.12×107J的太阳能；
（2）该晒水箱一天吸收的太阳能可使100L的水从20℃升高到71.2℃。
40．（22-23九年级上·四川成都·期中）如图是一定质量的冰升温熔化的过程，已知单位时间内物体吸收热量多少相同。若0~4min冰吸收了4.2×103J的热量。不计热量损失。[c冰=2.1×103J/(kg·℃)]求：
（1）冰的质量；
（2）0~12min对物体加热的过程中，物体吸收热量为多少？
【答案】（1）0.2kg；（2）1.26×104J
【详解】解：（1）由图可知，冰在0~4min内的升高的温度
Δt=0-(-10℃)=10℃
由Q吸=cmΔt可知，冰的质量
（2）根据题意可知，单位时间内物体吸收热量多少相同，所以0~12min对物体加热的过程中，物体吸收热量
Q=3Q吸=3×4.2×103J=1.26×104J
答：（1）冰的质量为0.2kg；
（2）0~12min对物体加热的过程中，物体吸收热量为1.26×104J。
41．（23-24九年级上·重庆·期中）有一块质量为3kg，初始温度为190℃的铁块和两个盛有5kg水的开口容器。将铁块先后浸入两个盛有5kg水的开口容器中，容器中的水初始水温为25℃。不计容器壁吸收的热量和热损失。当第一个容器中的水温稳定后再将铁块浸入第二个容器中。已知：铁的比热容为0.5×103J/（kg·℃），水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），大气压强恒为1个标准大气压。求：
（1）若其中一杯水吸收了1.89×106J的热量，则此时水温；
（2）铁块投入第一个容器中，水温稳定时的温度；
（3）铁块再投入第二个容器中，水温稳定时铁块的温度。
【答案】（1）100℃；（2）36℃；（3）25.7℃
【详解】解：（1）根据比热容公式，温度的变化量为
大气压强恒为1个标准大气压，故稳定时水温为100℃。
（2）铁块投入第一个容器，满足Q吸=Q放，即
解得
（3）铁块投入第二个容器，满足，即
解得
答：（1）若其中一杯水吸收了1.89×106J的热量，则此时水温为100℃；
（2）铁块投入第一个容器中，水温稳定时的温度36℃；
（3）铁块再投入第二个容器中，水温稳定时铁块的温度25.7℃。
四、实验题
42．（23-24八年级下·黑龙江齐齐哈尔·期末）小明为比较“不同物质吸热的情况”设计了如下的实验方案：将A、B两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度；
（1）组装器材时应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序依次安装，当调整下面铁圈的高度时，酒精灯 （选填“应该”或“不应该”）点燃；
（2）实验时，选取 相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过 方式来增大液体内能的；
（3）此实验通过 （选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少；
（4）加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为 ℃；
（5）根据实验数据小明绘制出的温度—时间图象如图丙所示，则液体 （选填“A”或“B”）更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
【答案】 自下而上 应该 质量 热传递 加热时间的长短 33 B
【详解】（1）[1][2]按照自下而上的顺序依次安装器材才能保证温度计的玻璃泡能够正确测量液体的温度；调整下面铁圈的高度时，酒精灯应该点燃才能保证用了酒精灯的外焰加热。
（2）[3][4]为了比较不同物质的吸热情况，应该控制不同的物质质量相同，吸收的热量相同，比较不同物质的升温情况；该过程是用了加热的方法通过热传递增大液体内能的。
（3）[5]液体吸收的热量来源于酒精灯加热，故吸收热量的多少取决于加热时间的长短。
（4）[6]如图温度计的分度值为1℃，故示数为33℃。
（5）[7]由图丙可以看出吸收相同的热量时B物质温度上升比较慢，故其比热容比较大，更适合作为家中输运“暖气”的介质。
43．（23-24九年级上·江西吉安·期末）小明同学为了“探究物体吸收的热量与物质种类的关系”，利用如上图所示的实验装置进行实验，并记录数据如表所示，请你根据表中的数据回答下列问题：
（1）实验中，要在甲、乙两个相同的烧杯中分别加入 （选填“质量”或“体积”）相等的水和食用油，这种实验探究方法是 ；
（2）另外还需选择两个完全相同的电加热器，选择相同的电加热器目的是为了 ；
A、相同时间内，两个电加热器对水和食用油放出的热量相同；
B、在相同时间内，使水和食用油升高的温度相同。
（3）根据列表中的数据可知，使水和食用油升高相同的温度， 需要的加热时间更长，说明它的吸热本领更强。物理中用比热容来反映不同物质的吸热本领，其单位是 。 （选填“水”或“食用油”）更适合作汽车发动机的冷却液；
（4）根据表格中的数据，可得出食用油的比热容和水的比热容之比是 。
【答案】 质量 控制变量法 A 水 J/（kg·℃） 水 1∶2
【详解】（1）[1][2]比较物质吸热能力时可以：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
所以，要控制不同物质的质量相同，故实验中，除了要在甲、乙两个相同的烧杯中分别加入相同质量的水和食用油，这种实验探究方法是控制变量法。
（2）[3]在甲、乙两个相同的烧杯中分别加入相同质量的水和食用油；由转换法，选择两个完全相同的电加热器，选择相同的电加热器目的是为了在相同时间内，两个电加热器对水和食用油放出的热量相同，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（3）[4]由表中数据，加热相同时间，水升温慢，故可知，若使水和食用油升高相同的温度，水需要的加热时间更长。
[5]物理中可以用比热容这个物理量来反映比较不同物质的吸热本领，比热容单位为J/（kg•℃）。
[6]食用油和水两种物质，水的吸热能力更强，由知道，在质量和升高的温度相同时，水吸热多，故水更适合作发动机的冷却液。
（4）[7]质量和初始温度均相同的水和煤油，加热相同时间，煤油升高的温度为水升高温度的2倍，由 知道，在质量和升高温度相同的情况下，比热容c与成反比，故食用油的比热容和水的比热容之比是1∶2。
五、科普阅读题
44．（23-24九年级上·辽宁本溪·阶段练习）阅读短文，回答文后问题。
牛顿冷却定律
当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q=k（t物-t环），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。由于不同物质的比热容不同，即使散热快慢相同，它们降低相同温度需要的时间也不同，根据降温时间可以得到两种物质比热容的大小关系，从而可以进行比热容的测量。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做 ；
（2）沸水放在房间里，温度自然降低的规律是 ；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均匀降低
（3）要喝一杯奶咖，可以有以下两种方式，你认为方式 的冷却效果较好；
①先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶；
②先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min。
（4）一个物体温度为30℃，周围环境温度保持20℃不变，此时物体的散热快慢为q。当物体温度降低到29℃时，散热快慢为 ；（用含有q的关系式表示）
（5）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是30℃，周围环境温度保持20℃不变，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示。已知水的比热容为4.2×103J/（kg⋅℃），水的密度为1.0×103kg/m3，盐水的密度为1.1×103kg/m3，则盐水的比热容为 J/（kg⋅℃）；
（6）如图丙，烧杯装有相同质量、初温均为80℃的水和煤油，将两个相同质量、初温均为20℃的铁块同时放入水和煤油中（已知c水>c煤油），不计热损失，热平衡后，以下说法正确的是 。
A．水降低的温度多
B．煤油降低的温度多
C．煤油放出热量多
D．两个铁块吸收热量相同
【答案】 热传递 A ① 0.9q 3.5×103 B
【详解】（1）[1]物体向周围散热，内能减少，周围环境的内能增加，能量的形式没有发生变化，因此物体向周围散热属于热传递。
（2）[2]热传递的条件是有温度差，并且传递过程中速度先快后慢。因此沸水放在房间里，温度自然降低的规律是先快后慢。
故选A。
（3）[3]物体散热的速度跟物体与环境的温度差成正比，第一种凡是咖啡与环境温差较大。第二种方式，先加入冷咖啡，咖啡与环境的温度差比第一种小，散热速度也小于第一种。根据热传递速度先快后慢的特点，应选择冷却效果会更好。
（4）[4]由题意可知
解得，由于散热系数k与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，和物质种类无关，因此当物体温度降低到时，散热系数k不变，则当物体温度降低到时，散热快慢
（5）[5]因为水和盐水的初温和末温都相同，即
所以此时水和盐水的散热快慢相同，则水和盐水放出热量之比
由图可知，水和盐水的体积相同，因为，所以有
解得
（6）[6]AB．由题意可知两铁块的质量和初温相同，水和煤油的初温和质量相等，由水和煤油的温度比铁块的温度高可知，铁块放入煤油和水中后，水和煤油放出热量，铁块吸收热量；假设热平衡后两铁块升高的温度相同，则此时两液体的温度也相同，由和可知，水放出的热量比煤油的要多，而多出这些热量会导致铁块和水上升一定的温度，所以，水降低的温度少，煤油降低的温度多，故A错误，B正确；
CD．由水降低的温度少可知，水中铁块的温度高，即水中温度的变化量大，由可知，水中铁块吸收的热量多，即水放出的热量多，故CD错误。
故选B。
物质
比热容
物质
比热容
水
铝
酒精
铜
煤油
汞
冰
铅
水4.2×103
水银0.14×103
铝0.88×103
酒精2.4×103
干泥土0.84×103
铅0.13×103
冰2.1×103
铜0.39×103
砂石0.92×103
煤油2.1×103
铁0.46×103
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
水的温度/℃
20
22
24
26
28
30
32
34
食用油的温度/℃
20
24
28
32
36
40
44
48