2025年中考第一次模拟考试题：物理（天津卷）（解析版）

这是一份2025年中考第一次模拟考试题：物理（天津卷）（解析版），共16页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，综合题等内容，欢迎下载使用。
第Ⅰ卷
本卷共两大题，其39分。
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1．如图所示是中国传统弦乐器箜篌，又称坎侯或空侯，其琴弦一般系在敞开的框架上。用手指拨弹不同的弦，目的是改变发出声音的（ ）
A．音色B．响度C．音调D．振幅
【答案】C
【解析】由于不同的弦的粗细不同，则用手指拨弹不同的弦，弦的振动的频率不同，则发出声音的音调不同，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
2．诗人刘禹锡在《秋词二首》中写道：“山明水净夜来霜，数树深红出浅黄”，诗句描绘的秋日美景，展现了诗人对自然的喜爱和乐观态度。诗中“霜”的形成过程属于（ ）
A．汽化现象B．液化现象C．凝华现象D．凝固现象
【答案】C
【解析】“霜”是固态的小冰晶，由水蒸气凝华形成的，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
3．如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是（ ）
A．国家大剧院的倒影 B．墙上的手影
C．通过凸面镜观察路况 D．笔杆“错位”
【答案】B
【解析】A．国家大剧院的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A不符合题意；
B．墙上的手影，是由光的直线传播形成的，故B符合题意；
C．通过凸面镜观察路况属于光的反射，故C不符合题意；
D．笔杆“错位”是光的折射现象，故D不符合题意。
故选B。
4．下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．家用电器的金属外壳接地B．开关接在零线和电灯之间
C．不切断电源直接换灯泡D．直接用手拉开触电的人
【答案】A
【解析】A．用电器的金属外壳是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，防止了触电事故的发生，故A符合题意；
B．控制电灯的开关须连接在火线和电灯之间，开关断开时，电灯不带电，检修和更换灯泡时更安全，故B不符合题意；
C．不切断电源，直接更换灯泡，容易引起触电事故，故C不符合题意；
D．有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把人拉开，用手将其拉开时，施救者会发生触电事故，故D不符合题意。
故选A。
5．如图所示是一名成年人手握一个矿泉水瓶的照片，则关于瓶子的高度，下列估测最接近的是（ ）
A．5cmB．1dmC．20cmD．20mm
【答案】C
【解析】由图可知，矿泉水瓶的高度约为成年人手掌宽度的2倍，成年人拳头高度约为10cm，因此矿泉水瓶的高度约为20cm，合2dm。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
6．下表中有关足球运动的物理知识与现象不相符的是（ ）
A．①B．②C．③D．④
【答案】B
【解析】A．用力踢球时，脚也感觉到痛，说明物体间力的作用是相互的，①物理知识与现象相符，故A不符合题意；
B．用力越大，足球被踢的越远，说明力的大小影响力的作用效果，②物理知识与现象不相符，故B符合题意；
C．足球在空中飞行最终会落向地面，是由于足球受到重力的作用，③物理知识与现象相符，故C不符合题意；
D．用脚踢足球，足球飞出去，撞到球门被弹回，说明力可以改变物体的运动状态，④物理知识与现象相符，故D不符合题意。
故选B。
7．2024年10月11 日，我国在东风着陆场成功回收首颗可重复使用返回式技术试验卫星——实践十九号卫星。卫星在减速下落的过程中，下列关于卫星的说法正确的是（ ）
A．动能不变，重力势能不变B．动能变大，重力势能变小
C．机械能不变D．动能变小，重力势能变小
【答案】D
【解析】当卫星在减速下落的过程中，卫星的质量不变，高度越来越低，重力势能越来越小；速度越来越小，动能越来越小，则机械能变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
8．如图所示，“联合利剑—2024A”演习中的远箱火停在水平地面上，下列说法中正确的是（ ）
A．远箱火所受重力和远箱火对地面的压力是一对相互作用力
B．远箱火所受重力和地面对远箱火的支持力是一对相互作用力
C．远箱火对地面的压力和地面对远箱火的支持力是一对平衡力
D．远箱火所受重力和地面对远箱火的支持力是一对平衡力
【答案】D
【解析】A．远箱火所受重力和远箱火对地面的压力，二力方向相同，不符合相互作用力的要求，所以，不是一对相互作用力，故A错误；
BD．远箱火所受重力和地面对远箱火的支持力，二力大小相等，方向相反，作用在同一物体上（远箱火），作用在同一直线上，是一对平衡力，故B错误，D正确；
C．远箱火对地面的压力，作用在地面上；地面对远箱火的支持力，作用在远箱火上；二力不是作用在同一物体上，因此不是一对平衡力，故C错误。
故选D。
9．如图，电源电压不变。闭合开关S，小灯泡和均正常发光，两电表均有示数。过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零，下列分析正确的是（ ）
A．小灯泡和并联B．电压表测量两端电压
C．示数减小到零的电表为电压表D．该电路故障可能是断路
【答案】C
【解析】AB．如电路图所示，灯泡L1、L2串联，电压表测L2两端电压，电流表测通过电路的电流，故AB错误；
CD．如果灯泡L1开路，两个灯泡都熄灭，电压表和电流表都没有示数，不符合题意。如果灯泡L2开路，两个灯泡都熄灭，电压表示数增大，电流表示数减小为零，不符合题意。如果灯泡L1短路，L2正常，电压表和电流表示数都变大，不符合题意。如果灯泡L2短路，L1正常，电流表示数变大，电压表被短路示数减小为零，符合题意，故C正确，D错误。
故选C。
10．如图所示，电源两端电压不变，。先闭合开关S1，再闭合开关S2，下列分析正确的是（ ）
A．电路电阻之比为1∶2B．电流表示数之比为2∶1
C．电路消耗的电功率之比为1∶3D．电路消耗的电功率之比为2∶3
【答案】C
【解析】AB．闭合开关S1，电路中只有接在电路中，电流为,再闭合开关S2，电路中两个电阻并联，干路电流为，求并联电阻为
则先闭合开关S1，再闭合开关S2，电路电阻之比为
则先闭合开关S1，再闭合开关S2，电路电流之比为
故AB错误；
CD．电路消耗的电功率之比为，
故C正确，D错误。
故选 C。
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）
11．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法中正确的是（ ）
A．凸透镜的焦距可能是14cm
B．成像特点与投影仪成像特点相同
C．把蜡烛适当左移，透镜保持不动，向左适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
D．把蜡烛移至45cm刻度线处，透镜保持不动，向右适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
【答案】AC
【解析】A．由图可知，蜡烛到凸透镜的距离为30cm，大于光屏到凸透镜的距离15cm，即u＞v，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立缩小的实像，则有u＞2f，即30cm＞2f，所以f＜15cm，此时像距与焦距的关系是
f＜15cm＜2f
解得
综上可得
故A正确；
B．图中物距大于两倍焦距，成倒立缩小的实像，而投影仪成倒立放大的实像，故B错误；
C．凸透镜成实像时遵循：物近像远像变大，物远像近像变小。因此把蜡烛适当左移，透镜保持不动，向左适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像，故C正确；
D．把蜡烛移至45cm处时，蜡烛到凸透镜的距离为5cm，即物距小于像距，此时蜡烛成正立放大的虚像，光屏不能承接虚像，故D错误。
故选AC。
12．在“探究杠杆平衡条件”的实验中，轻质杠杆上每个小格长度均为2cm，在B点竖直悬挂4个重均为0.5N的钩码，当在A点用与水平方向成30°角的动力F拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，如图所示，对该杠杆的判断，下列说法中正确的是（ ）
A．杠杆的动力臂为8cm
B．此时杠杆为费力杠杆
C．动力F的大小为3N
D．保持F的大小不变，将F转至竖直向下，杠杆右端下沉
【答案】BCD
【解析】A．当动力在A点斜向下拉（与水平方向成30°角）动力臂是
故A错误；
B．阻力臂OB
即阻力臂大于动力臂，该杠杆为费力杠杆，故B正确；
C．根据杠杆的平衡条件
代入数据
解得动力F的大小为F＝3N，故C正确；
D．保持F的大小不变，将F转至竖直向下，F的动力臂变大，在阻力、阻力臂不变的情况下，动力与动力臂的乘积变大，所以杠杆右端下沉，故D正确。
故选BCD。
13．如图所示电路中，电源电压为U0且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，当滑片P在最右端时，电流表示数为I0，R2消耗的电功率为P0。下列判断正确的是（ ）
A．电压表示数的最大值为
B．R1的阻值为
C．移动滑片P，电流表示数的最大值为
D．移动滑片P，R1消耗电功率的最大变化量为
【答案】CD
【解析】由电路图知，两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流。
A．闭合开关S，当滑片P在最右端时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，此时滑动变阻器两端的电压最大，根据P＝UI可知，滑动变阻器两端的最大电压为
故A错误；
B．闭合开关S，当滑片P在最右端时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，根据P＝I2R可知，滑动变阻器的最大电阻为
根据欧姆定律得，电路的总电阻为
根据串联电路电阻的规律可知，R1的阻值为
故B错误；
C．当滑动变阻器的电阻最小即接入阻值为零时，电路中的电流最大，最大电流为
故C正确；
D．R1消耗电功率最大变化量为
故D正确。
故选CD。
第Ⅱ卷
本卷共两大题，共61分。
三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）
14．图甲是我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒立刻燃烧起来，这是通过 的方式，使筒内空气内能增大，温度升高，达到艾绒的着火点。此过程对应着图乙所示四冲程汽油机的图 所示的冲程。
【答案】 做功 B
【解析】[1]木制推杆迅速推入牛角套筒时，对筒内空气做功，将机械能转化为内能，使筒内空气内能增加，温度升高，这是通过做功的方式，使筒内空气内能增大。
[2]A．如图，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程；
B．如图，进排气门全关，活塞向上运动是压缩冲程，此过程中活塞对气体做功，机械能转化成内能；
C．如图，进、排气门全关，活塞向下运动，是做功冲程，气缸内的气体对活塞做功，内能转化成机械能；
D．如图，进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动，是排气冲程；
取火器的模型图与B所示的冲程能量转化相同，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
15．小王把天平放在水平桌面上，将游码调零，待横梁静止时，指针在分度盘上的位置如图甲所示，接下来需将横梁右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端移动，直至天平平衡。用天平测量笔袋的质量时，砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则笔袋的质量为 g。
【答案】 左 63.2
【解析】[1]如图甲，指针偏向分度盘右侧，根据右偏左调，接下来需将横梁右端的平衡螺母向左端移动，直到指针指在分度盘中央。
[2]如图乙所示，笔袋的质量为
m=50g+10g+3.2g=63.2g
16．如图所示，飞机要在飞行中向目标处空投救灾物品，空投位置会在 （选填“A”“B”或“C”）点处。救灾物品在空中加速下落的过程中，其惯性将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 A 不变
【解析】[1]飞机空投救灾物品时，由于惯性，救灾物品在下落过程中，会向前运动一段距离，故应在接近目标的上方提前投掷物品，故在图中的A处投放。
[2]惯性与质量有关，救灾物品在空中加速下落的过程中，质量不变，其惯性将不变。
17．C919大型客机是我国第一架拥有自主知识产权的商用干线飞机，它利用“流速大，压强 ”的原理来获得向上的升力；小明利用如图所示装置来粗测大气压强，乘坐电梯把该装置从1楼拿到28楼，会看到细管中的水面 （选填“上升”或“下降”）。
【答案】 小 上升
【解析】[1]流体流速大的地方压强小，飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，会产生向上的压力差，从而使飞机获得向上的升力。
[2]海拔高度越高，大气压强越小，乘坐电梯把该装置从1楼拿到28楼，高度增大，瓶外大气压强减小，细管中的水面会上升。
18．如图所示，小刚在10s内把重320N的物体匀速提升了3m，若忽略摩擦和绳重以及滑轮的重，此时拉力是 N；若机械效率为80%，则拉力是 N。
【答案】 160 200
【解析】[1]图中为动滑轮，有效绳子段数，若忽略摩擦和绳重以及滑轮的重，此时拉力为
[2]若机械效率为80%，则有
解得拉力。
19．如图是智能加热杯垫的简化电路图，和均为电阻丝，杯垫有加热和保温两个挡位，加热功率为40W，保温功率为10W。则开关和均闭合时，智能加热杯垫处于 挡，保温挡通电2min产生的热量是 J。
【答案】 加热 1200
【解析】[1]由图乙可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，恒温杯垫处于保温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，恒温杯垫处于加热挡。
[2]保温挡功率为10W，通电2min产生的热量是
四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位）
20．小明完成学习任务后准备去洗澡，想到今天学过的物理知识，思考如何能够计算出电热水器的热效率。于是他想到将家中其他用电器与电源断开，仅让加热50kg水的热水器工作。他观察了电热水器显示屏显示此时水箱内水的温度为20℃，让其加热到50℃时停止工作，并记录了加热前后电能表的示数，如图所示。已知求：
（1）此过程中水吸收的热量；
（2）电热水器的热效率。
【答案】（1）6.3×106J；（2）87.5%
【解析】解：（1）水吸收的热量
（2）消耗的电能
电热水器的热效率
21．如图，将导体棒的两端用细导线与灵敏电流计相连，并将导体棒用绝缘细线悬挂起来放在蹄形磁体的磁场中，探究“产生感应电流的条件”。
(1)闭合开关，若导体上下移动，灵敏电流计的指针不偏转；当导体棒向左运动时，灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒向右运动时，灵敏电流计的指针向 偏转，说明 方向与导体运动方向有关；
(2)将蹄形磁体的南北极对调。闭合开关，使导体带向左运动，此时灵敏电流计的指针向 （选填“左”或“右”）偏转；
(3)根据实验现象，得出电路中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做 运动，导体中会产生感应电流；
(4)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中 （选填“有”或“无”）感应电流产生；
(5)如果将灵敏电流计换成 （选填“用电器”或“电源”），可以探究磁场对通电导体的作用。
【答案】(1)左 感应电流 (2)左 (3)切割磁感线 (4)有 (5)电源
【解析】（1）[1][2]当导体棒向左运动时切割磁感线，灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒向右运动切割磁感线时，灵敏电流计的指针向左偏转，导体运动方向不同，感应电流方向不同，说明感应电流方向与导体运动方向有关。
（2）将蹄形磁体的南北极对调。闭合开关，使导体带向左运动，此时灵敏电流计的指针向左偏转，这是因为感应电流方向与磁场方向有关。
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动才会产生电流，根据实验现象，得出电路中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流。
（4）闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体也会切割磁感线，电路中有感应电流产生。
（5）如果将灵敏电流计换成电源，给导体AB提供电流，可以探究磁场对通电导体的作用。
22．如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1＝4Ω，R3＝6Ω。
(1)当开关S1、S2都断开时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；
(2)当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为2A，求电阻R2的阻值。
【答案】(1)6V； (2)12Ω
【解析】（1）当开关S1、S2都断开时，R2、R3串联，电流表测电路中的电流。由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压

（2）当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，R3被短路，电流表测干路电流。由并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压都等于电源电压U，则通过R1的电流
由并联电路的电流特点可知，通过R2的电流
欧姆定律可知，电阻R2的阻值
23．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
(1)实验中，小明同学用弹簧测力计沿水平方向拉着物体A做 运动，根据 原理可知：滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)比较 两图中的测力计示数，可得出结论：当压力大小一定时，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；利用此结论，如果要在拔河比赛中获胜，应该选用下图中的 类型的鞋（选填字母）；
A．鞋底花纹较深 B．鞋底花纹较浅C．旱冰鞋
(3)在甲实验中，若木块所受拉力突然变大，木块做加速运动时，其所受摩擦力 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】(1)匀速直线 二力平衡 (2)乙、丙 A (3)不变
【解析】（1）[1][2]弹簧测力计应沿水平方向匀速拉动物体，使物体处于平衡状态，水平方向上受弹簧测力计拉力和水平面对木块的摩擦力，由二力平衡可知此时滑动摩擦力大小等于拉力大小，即弹簧测力计示数等于摩擦力大小。
（2）[1]根据结论可知，探究接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响，故比较乙、丙两图中的测力计示数。
[2]根据结论，故可通过增大接触面粗糙程度的方式来增大滑动摩擦力，三种鞋子中鞋底花纹较深的鞋子其接触面粗糙程度最大。
故选A。
（3）滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，故若木块所受拉力突然变大，木块做加速运动时，其所受摩擦力不变。
24．为了测量一个约为10Ω 的未知电阻Rx的阻值，实验室现有器材：一个电压约为36V的电源、一块电流表（量程为0~3A，分度值为0.1A）、一个阻值为30Ω的定值电阻R0、一个阻值为500Ω的定值电阻R1、开关及导线若干。请你选择合适的器材设计方案，测出未知电阻Rx的阻值。要求：
（1）画出实验电路图；
（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；
（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。
【答案】（1） ；（2）按照电路图连接电路，闭合开关S、S1，记录电流表的示数为I0，断开开关S1，记录电流表的示数为I2；（2）
【解析】解：（1）将电阻R1单独串联在电源两端，此时电路中的电流
此时电路中的电流小于电流表的分度值，实验误差较大，所以实验选择R0和Rx串联在电路中，通过开关通断控制电路连接，测量未知电阻的阻值
（2）按照电路图连接电路，闭合开关S、S1，记录电流表的示数为I0，断开开关S1，记录电流表的示数为I2。
（3）闭合开关S、S1，Rx未接入电路中，此时电源电压
U=I0R0
当电阻R0和未知电阻串联接入电路中时，电源电压
U=I2(R0+Rx)
电源电压恒定，则
I0R0=I2(R0+Rx)
待测电阻
25．如图（a）所示，一个质量为m、底面积为S的薄壁圆柱形容器（足够高）放在水平地面上，且容器内盛有体积为V的水，水的密度为ρ。
(1)若将一个底面积为S0、高度为h0的实心金属圆柱体A，缓慢竖直地浸入水中，如图（b）所示，画出A的受力图；
(2)若圆柱体A缓慢浸入后使得容器对水平地面的压强增大一倍（A未浸没），求此时圆柱体A底部所处深度h；
(3)如将A物体向上提升h1（未离开水面），则所用拉力增加多少？
【答案】(1) (2) (3)
【解析】（1）对图（b）中的圆柱体A进行受力分析可知，A共受到三个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的拉力、还有一个是竖直向上的浮力，且重力等于拉力和浮力之和，作用点都画在其重心上
（2）未放入圆柱体A时，容器对水平地面的压强

逐渐浸入圆柱体A，水面升高，容器对水平地面的压强
因为，所以有
则
又因为
所以
（3）如将A物体向上提升h1（未离开水面），设此过程中水面下降的高度为，根据的两种计算方法可得
解得水面下降的高度为
则A物体受到浮力的减小量
因物体处于平衡状态，则所用拉力增加量
序号
现象
物理知识
①
用力踢球时，脚也感觉到痛
物体间力的作用是相互的
②
用力越大，足球被踢的越远
力的方向影响力的作用效果
③
足球在空中飞行最终落向地面
足球受到重力的作用
④
足球飞出去，撞到球门被弹回
力可以改变物体的运动状态