2025六安高三上学期期末考试物理PDF版含答案

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题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B B D D C B A D BD BC
一、选择题：本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每个小题给出的四个选
项中，只有一项是符合要求的。
1.答案 B
【详解】根据运动和力的关系知，A、C、D 错误，故 B 正确。
2.答案 B
【详解】
A．游船上在 时刻位于平衡位置，加速度最小且为零，故 A 错误；
B．游船做简谐运动的周期为 1s，第一次回到平衡位置经过的时间是
，故 B 正确；
C．游船做简谐运动的振幅是 cm，四分之一周期内，游船运动的路程可能
为 cm，故 C 错误；
D．由振动图像可得该游船做简谐运动的振动方程为 ，故 D
错误。
3.答案 D
【详解】
AB．两颗秧苗都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由
解得 因为 所以
秧苗水平方向都做匀速直线运动，由
由题意 相等，联立以上可得 ，故 AB 错误；
C．根据 可知 ，故 C 错误；
D． 与 的重力相等，因 ，根据 解得 根据
可知，落地时 的重力瞬时功率大于 的重力瞬时功率，故 D 正确。
4.答案 D
【详解】
A．轨道Ⅰ为载人飞船运行的椭圆轨道，根据开普勒第二定律可知 B 处的速度小
于 A 处的速度，故 A 错误；
B．根据开普勒第二定律可知，对于同一轨道卫星，与地心连线在任意相等时间
内扫过的面积相等，故 B 错误；
C．飞船从低轨道变到高轨道，需要在变轨处点火加速，所以飞船由轨道Ⅰ进入
轨道Ⅱ需在 A 处加速，故 C 错误；
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D．在轨道Ⅱ和轨道Ⅲ上分别经过 B 处时，根据牛顿第二定律有
解得 ，知加速度相等，故 D 正确。
5.答案 C
【详解】
A.物体在 M 点的加速度是水平加速度和竖直加速度的合成，不指向圆心。故 A
错误；
B.在 P 点， ，故 B 错误；
C.P 点速度满足： ,从 M 到 P 点运用动能定理：
，得 ,
故物体从 M 点运动到 P 点的过程中机械能损失了 ，故 C 正确；
D.因从 M 到 P 点摩檫力做的功大于从 P 到 N 点做的功，所以物体可以从 N 飞出
去，故 D 错误。
6.答案 B
【详解】
A．对结点 O 受力分析如图所示，则 可知 ，故 A 错误；
由图可知，F 从图中所示的状态顺时针转动 的过程中，轻绳 的拉力大小方
向均不变，轻绳 的拉力大小逐渐变小但方向不变，力 F 先减小后变大，故 B 正
确；
当力 F 与轻绳 垂直时，力 F 有最小值为 ，故 D 不正确；
C．F 从图中所示的状态顺时针转动 的过程中，轻绳 的拉力 变小，
故地面对物块 B 的支持力 变大，故 C 不正确。
7.答案 A
【详解】
刚好打滑时， 受到的摩擦力为 N，此时弹簧弹力 N，
弹簧形变量 m，此时 做匀速圆周运动的半径 m，而
与转盘之间的摩擦力 N；再由 ，得出
rad/s,故 A 正确。
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8.答案 D
【详解】
A．轨道 AC 中点距离两点电荷 Q 最近电势最高，但比 点电势低,故 A 错误；
B.由几何关系可知，AC 连线上，AC 的中点到 B、D 的距离最小，小球由 A 滑至 C
的过程中，静电力对其先做正功后做负功，其电势能先减小后增大，故 B 错误；
C.球刚到达 C 点时（未脱离轨道）由牛顿第二定律得
又 , 得 ,故 C 错误；
D.根据等量同种电荷电场分布及对称关系知，小球从 A 点到 C 点的过程，静电力
做功为 0，由动能定理有 ，代入 OA 长度得 ,故 D 正
确。
二、选择题：本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每个小题给出的四个选
项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选
错的得 0 分。
9.答案 BD
【详解】
在 0～2s 做加速直线运动，2～4s 做减速直线运动，根据对称性，正好在 4s 末
减速到 0，故 AC 错误，故 B 正确； 图像与坐标轴围成的面积表示速度的变
化量，故 1～3s 速度变化量为 0，所以此过程合外力的冲量为零，故 D 正确。
10.答案 BC
【详解】
A.由分析知能经过 C 点射出的粒子速度最大，此时粒子的运动半径 ，再
由 得最大速度 ，故 A 错误；
B.如右图，O 点为圆心，由余弦定理得
求得 再由 得 ，故 B 正确；
C.由分析得打在 点的粒子在磁场中运动时间最短，由几何关系可得此时半径为
，从而得出粒子的速率为 ，故 C 正确；
D.由分析知从边界 和 （不含 点）射出的两粒子运动速率一定不同，但在
磁场中运动时间可能相等，故 D 错误。
三、非选择题：共 5 题，共 58 分。
11.（共 6 分，每空 2 分）
答案：(1) 或
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(2) 不需要 (3)
以上其它未化简的结果正确均给分
【详解】
（1）滑块通过两个光电门的速度分别为
又 联立得 或
（2）为了验证牛顿第二定律，由于 为实际加速度大小，把上述 与
进行对比时，不需要保证滑块质量远大于钩码的质量。
（3）如果机械能守恒，有
即
12.（共 10 分，每空 2 分）
答案：（1）9.500（9.499～9.501）（2）3.1 2.1 （3）偏大
（4）2.3 或 2.4 均正确
【详解】
（1）螺旋测微器的精度为 0.01mm，读数为 9.5mm+0.0×0.01mm=9.500mm；
（ 2） 在 步 骤 ① 中 ， 不 考 虑 电 流 表 内 阻 影 响 时 由 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 有
，即 。步骤①对应图像 II，由图线 II 及 可
得 ， ，解得电源电动势 V，内阻 。
（3）若考虑电流表内阻影响，在步骤①中 ，电源内阻真实值为
，故测量值相对真实值偏大。
（4）由 得， ，即 ，
，解得 均可。
13.（10 分）答案（1） （2）
【详解】
（1）由几何关系可得 ，则棱镜材料的临界角为
由折射率的定义可得 …………… （4 分）
（2）由几何关系得： ， ，
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折射率的定义可得 …………… （3 分）
光线从 D 到 F 的传播时间 …………… （3 分）
14.（14 分）答案（1） （2） （3）
【详解】
（1）电场中水平方向有 …………… （1 分）
竖直方向有 …………… （2 分）
由①②得 …………… （2 分）
（2）在 点，有 故 ……………（1 分）
又 故 …………… （1 分）
粒子进入磁场后，若第一次经过 轴恰好就从 点射出，此时 最小， 由几何关系知 ……………（1 分）
又 解得 ……………（1 分）
（3）粒子在磁场中运动轨迹如图
由
知粒子在磁场 中运动时半径 ，周期 ……………（1 分）
又 则粒子在磁场 中运动半径 ，周期
……………（1 分）
由几何关系知 ……………（1 分）
解得 ……………（1 分）
所以粒子在磁场中运动时间 ……………（1 分）
（其他解法正确也同样给分）
15.（18 分）答案（1） N （2） s J （3） m
【详解】
（1)根据动能定理有
…………… （2 分）
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在 点有 …………… （2 分）
联立①②得 N
由牛顿第三定律得： N …………… （1 分）
（2）同样有 得 m/s…………… （1 分）
因为 ，所以滑块先做匀减速直线运动，假设可以减速到与传送带共速,则
s，运动的位移 m ……………（1 分）
所以匀速运动的时间 s ……………（1 分）
总时间 s ……………（1 分）
产生的热量 J……………（1 分）
（3）由（2）知滑块到达 点时速度 m/s
滑块滑上四分之一光滑圆弧轨道时，它们组成的系统水平方向动量守恒。滑块滑
到 点时，它们水平方向有相同的速度 ，设此时滑块竖直方向速度为 ，于
是有
……………（1 分）
……………（1 分）
解得： m/s， m/s ……………（1 分）
以滑块飞出时 点所在的位置为坐标原点，以水平向右为 轴，竖直向上为 轴，
垂直于纸面向里为 轴建立坐标系，
轴方向做匀减速直线运动，上升到最高点的时间 s………（1 分）
所以： m ……………（1 分）
m ……………（1 分）
m/s ， m ……………（1 分）
故物块离开轨道后运动轨迹的最高点到 点的距离：
m ……………（1 分）
（以上各小题其他解法正确也同样给分）
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