四川省泸县第一中学2023-2024学年高一数学上学期10月月考试题（Word版附解析）

这是一份四川省泸县第一中学2023-2024学年高一数学上学期10月月考试题（Word版附解析），共14页。试卷主要包含了选择题，解答题等内容，欢迎下载使用。
泸县一中2023年秋期高一第一学月考试数学试题本试卷共4页，22小题，满分150分.考试用时120分钟.第I卷 选择题（60分）一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合，则A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】先求，再求．【详解】由已知得，所以，故选C．【点睛】本题主要考查交集、补集的运算．渗透了直观想象素养．使用补集思想得出答案．2. 命题“所有能被2整除的整数都是偶数”的否定是A. 所有不能被2整除的整数都是偶数B. 所有能被2整除的整数都不是偶数C. 存在一个不能被2整除的整数是偶数D. 存在一个能被2整除的整数不是偶数【答案】D【解析】【详解】试题分析：命题“所有能被2整除的整数都是偶数”的否定是“存在一个能被2整除的数不是偶数”．故选D．考点：命题的否定． 3. 正确表示图中阴影部分的是（    ）A.  B. C.  D. 【答案】C【解析】【分析】通过并集，交集和补集的概念计算，对四个选项一一判断，得到答案.【详解】A选项，如图1，表达的部分为①②③的并集，不满足要求，A错误；  BD选项，如图2，和表达的部分均为②③④部分的并集，不满足要求，BD错误；  C选项，根据计算，满足题意，C正确；故选：C4. “”的一个必要不充分条件为（    ）．A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】利用集合关系判定充分必要条件即可.【详解】显然A项是充要条件，不符合题意；由“”可推出“”，即B项是充分条件，不符合题意；“”不能推出“”，反之“”也推不出“”，即C项为既不充分也不必要条件，不符合题意；易知真包含于，所以“”的一个必要不充分条件为“”，故选：D．5. 已知集合，则（    ）A. 或 B. 或 C.  D. 【答案】A【解析】【分析】由题意可得或，当时，代入两集合检验是否满足，再由求出的值，代入两集合检验是否满足，还要注意集中元素的互异性【详解】因为，所以或.①若，则，满足；②若，则或.当时，，满足；当时，，集合不满足元素的互异性，舍去.综上，或，故选：.6. 设，，，且，则下列不等式成立的是（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】利用不等式的性质可判断A、D，举反例可判断B、C，进而可得正确选项.【详解】对于A：当时，由可得，故选项A不正确；对于B：取，满足，但，故选项B不正确；对于C：取，满足，但，故选项C不正确；对于D：由可得，故选项D正确；故选：D.7. 不等式的解集为（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】将原不等式转化为整式型即一元二次不等式求解即可.【详解】由，，整理得，上式等价于，解得，不等式的解集为.故选：D.8. 若正数满足，则的最小值是（    ）A. 2 B.  C. 4 D. 【答案】C【解析】【分析】由得，代入后利用基本不等式即可求解.【详解】因为正数满足，所以，则，所以，当且仅当，即时，等号成立.故选：C.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9. 下列命题不正确的是（　　）A ，B. ，C. “”充要条件是“”D. “，”是“”的充分条件【答案】ABC【解析】【分析】利用二次函数的性质可判断A选项；利用特殊值法可判断B选项；利用充分条件、必要条件的定义可判断C选项；利用充分条件的定义可判断D选项.【详解】对于A选项，，，所以，命题“，”为假命题，A错；对于B选项，当时，，故命题“，”为假命题，B错；对于C选项，当时，，则无意义，即“”“”，另一方面，当时，则有，即，即“”“”，所以，“”的充分不必要条件是“”，C错；对于D选项，当，时，，即“，”是“”的充分条件，D对.故选：ABC.10. 设，，若，则实数的值可以为（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】ABD【解析】【分析】先将集合表示出来，由可得，则根据集合中的元素讨论即可求出的值.【详解】集合，由可得，则分和或或，当时，满足即可；当时，满足，解得：；当时，满足，解得：；当时，显然不符合条件，所以的值可以为，故选：.11. 二次函数的图象如图所示，则（    ）  A.  B.  C.  D. 【答案】BCD【解析】【分析】由二次函数的图象与性质对选项逐一判断．【详解】由题意得，对称轴，则，当时，，故A错误；当时，，则，故B正确；当时，，则，故C正确；设一元二次方程的两根分别为，由图象可知，整理可得，故D正确．故选：BCD12. 下列命题中的真命题有（    ）A. 当x＞1时，的最小值是3B. 的最小值是2C. 当0＜x＜10时，的最大值是5D. 若正数x，y为实数，若x+2y＝3xy，则2x+y的最大值为3【答案】AC【解析】【分析】对于A、C利用基本不等式分析判断，对于B由对勾函数的性质分析判断，对于D根据基本不等式的变形分析判断.【详解】对于选项A因为，则，所以，当且仅当，即时，等号成立，故选项A正确；对于选项B因为，等号成立的条件是，显然不成立，所以等号不成立，不能使用基本不等式，即最小值不为2，令，则在上单调递增，所以时取得最小值，故选项B错误；对于选项C因为，则所以，当且仅当，即时，等号成立，故选项C正确；对于选项D由得，故，当且仅当时取等号，故选项D错误故选：AC.四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．13. 集合中的元素为________．【答案】【解析】【分析】由集合的表示可求出.【详解】∴该集合中的元素为．故答案为：14. 已知，，则的取值范围是 __．【答案】【解析】【分析】由不等式的基本性质求解即可【详解】解：，，则，，故由不等式的可加性可知，，故的取值范围是．故答案为：．15. 正数，满足，则的取值范围是___________.【答案】【解析】【分析】由基本不等式可得，，解不等式即可．【详解】正数、满足，，当且仅当时取等号，，解得或（舍去），则，当且仅当时取等号，即的取值范围是.故答案为：．16. 若不等式对任意的恒成立，则的最大值为_____．【答案】【解析】【分析】讨论、，根据不等式恒成立，结合一次函数、二次函数的性质，再讨论、情况下参数a、b之间的数量关系，最后根据目标式并应用基本不等式求最大值，注意等号成立条件.【详解】1、当时，题设不等式恒成立，只需恒成立，时，由一次函数的性质易知：不可能恒成立；时，不成立；∴不合要求.2、当时，由题设有或在上恒成立，当时，在上不可能恒成立，不合要求；当时，在上、以零点为界两侧单调性相反，且零点相同，∴，即，∴，当且仅当，时等号成立.综上，的最大值为.故答案为：.四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17. 已知非空集合.（1）当时，求；（2）求能使成立的的取值范围.【答案】（1）    （2）【解析】【分析】（1）当时，求得，结合集合交集、并集的运算，即可求解；（2）由，得到，结合集合的包含关系，列出不等式组，即可求解.【小问1详解】解：当时，集合，由集合交集和并集的定义与运算，可得.小问2详解】解：由非空集合，因为，可得，因为，所以，解得，所以实数的取值范围是.18. 已知集合，，.（1）求；（2）若，求实数的取值范围.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）可利用数轴求两个集合的交集；（2）根据子集关系列出不等式组，解不等式组即得结果．【详解】（1） （2）因为，所以当时，有，解得，所以实数的取值范围是.【点睛】本题考查了集合的交集运算，以及集合之间的包含关系，属于基础题.19. 已知函数．（1）若当时在上恒成立，求范围；（2）解不等式．【答案】（1）；（2）当时，，当时，或，当时，，当时，或，当时，，当时，，当时，．【解析】【详解】试题分析：（1）当时，二次函数的图象开口方向向上，若在上恒成立，列出不等式组，即可求解范围；（2）由，即，对值进行分类讨论，可得不同情况下，不等式的解集．试题解析：（1）只需解得（2）当时得到当时，化为当时得到或当时得到当时得到或当时，化为当时得到当时得到当时得到．考点：二次函数的图象与性质．【方法点晴】本题主要考查了不等式的恒成立、二次函数的图象与性质，其中熟练掌握二次函数的图象与性质是解答的关键，本题的解答中在上恒成立，列出不等式组，即可求解范围和把，转化为，再对值进行分类讨论解答的基础，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于中档试题．20. 选用恰当的证明方法，证明下列不等式.（1）已知，求证：（2）已知a，b，c为正数，且满足.证明：；【答案】（1）证明见解析    （2）证明见解析【解析】【分析】（1）利用基本不等式可得，三式相加化简可得结论，（2）利用基本不等式可得，三式相加，结合，可得结论【小问1详解】因为，所以，所以，所以，当且仅当时取等号【小问2详解】因为a，b，c为正数，，所以，所以，因为，所以，当且仅当时取等号，即21. 已知为正实数，且.（1）求的最大值；（2）是否存在，使得的值为？并说明理由.【答案】（1）    （2）不存在，理由见解析【解析】【分析】（1）由条件等式及基本不等式求得，结合等号成立条件确定最值；（2）由（1）及基本不等式求最小值，即可确定存在性.【小问1详解】为正实数，且，又（当且仅当时取等号），，则，且取等号，的最大值为.小问2详解】，当且仅当时等号成立，，不存在，使得的值为.22. 小王大学毕业后，决定利用所学专业进行自主创业．经过市场调查，生产某小型电子产品需投入年固定成本为3万元，每生产x万件，需另投入流动成本为万元．在年产量不足8万件时，万元；在年产量不小于8万件时，万元，每件产品售价为5元．通过市场分析，小王生产的商品当年能全部售完．（1）写出年利润万元关于年产量x万件的函数解析式．注：年利润=年销售收入-固定成本-流动成本（2）年产量为多少万件时，小王在这一商品的生产中所获利润最大？最大利润是多少？【答案】（1）    （2）年产量为10万件时，小王在这一商品的生产中所获利润最大，最大利润是15万元【解析】【分析】（1）根据题意分和求出利润，得利润的分段函数；（2）分别利用二次函数及均值不等式求最值，比较大小可得函数的最大值.【小问1详解】因为每件产品售价为5元，则x（万件）商品销售收入为5x万元，依题意得：当时，，当时，，∴．【小问2详解】当时，，此时，当时，取得最大值9；时，，此时，当即时，取得最大值15；∵，∴年产量为10万件时，小王在这一商品的生产中所获利润最大，最大利润是15万元．