2022-2023学年山东省鄄城县第一中学高二上学期周测物理试题

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参考答案：1．C【详解】A．伽利略发现了单摆的等时性，惠更斯得出了单摆的周期公式，A错误。B．奥斯特发现了电生磁，法拉第发现了电磁感应现象，B错误。C．库仑首先通过扭秤实验得出了电荷间相互作用的规律，C正确。D．伽利略通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论，D错误。故选C。2．C【详解】A．由波形图可知，此波的波长，A错误；B．由位移随时间变化的关系得，由可得此波的频率B错误；C．由可得由可得此波的传播速度C正确；D．根据“上下坡”法则可知，波源处于上坡过程，则此时波源沿y轴负方向运动，选项D错误。故选C。3．A【详解】A．该图像表示质点的位移随时间周期性变化的规律，是简谐振动，故A正确；B．由图可知该振幅为5cm，故B错误；C．由图可知质点的周期为0.08s，所以在0.08s末，质点又回到了平衡位置，所以前0.08s内，质点发生的位移为0，故C错误；D．根据振动规律可知，0.04s末质点的振动方向沿x轴负向，故D错误。故选A。4．D【详解】试题分析：单摆的周期与摆球的质量无关，只决定于摆长和当地的重力加速度．所以AB错误．在a球向下摆的过程中，只有重力做功，机械能守恒．有：M g h=Mv12a、b两球碰撞过程时间极短，两球组成的系统动量守恒．所以有 Mv1-m•2v1=（M+m）v2碰撞后摆动过程中，机械能守恒，所以有：整理得：v2＝0．5v1，所以h'=0．25h．故C错误，D正确．故选D．考点：动量守恒定律；能量守恒定律【名师点睛】分析清楚物体运动的过程，分过程利用机械能守恒和动量守恒即可求得结果；单摆的周期是由单摆的摆长和当地的重力加速度的大小共同决定的，与摆球的质量和运动的速度无关． 5．B【详解】A．助滑阶段，运动员深蹲是为了减小与空气之间的摩擦力，A错误；B．起跳阶段，运动员猛蹬滑道主要是通过增大滑道对人的作用力，根据动量定理可知，在相同时间内，为了增加向上的速度，B正确；C．飞行阶段，运动员所采取的姿态是为了减小水平方向的阻力，从而减小水平方向的加速度，C错误；D．着陆阶段，运动员两腿屈膝下蹲可以延长落地时间，根据动量定理可知，可以减少身体受到的平均冲击力，D错误。故选B。6．C【详解】AB．由题意可知小球和凹槽组成的系统水平方向动量守恒，机械能守恒，因此小球从B滑至C的过程中，小球机械能的增加量等于凹槽机械能的减少量，由于小球的速度不为零，所以小球重力势能的增加量小于凹槽动能的减少量，根据动量定理可知小球动量的改变量等于小球所受合力的冲量，而不只是小球重力的冲量，还有凹槽对小球支持力的冲量，故AB错误；CD．根据动量守恒和机械能守恒可知小球从C滑至B点时，凹槽的速度为零（因小球与凹槽质量相等），由于无机械能损失，所以小球恰好能够滑至凹槽左端最高点A处，故C正确，D错误。故选C。7．D【详解】A．由图并根据同侧法，可知P点此时振动方向向下，Q点此时振动方向向下，即P、Q点此时振动方向相同， A错误；B．减弱点的振幅大小为15cm，位移大小不始终为15cm。B错误；CD．图示时刻x=-6m处质点的起振方向向下，x=4m处质点的起振方向向上，所以两波源的起振方向相反，两波在同一介质中传播，所以波速相同，绳端P形成的波波长为4m，绳端Q形成的波波长也为4m，由波速公式v=λf知，两列波的频率相同，叠加区域有稳定干涉图样，由于两列波起振方向相反，又Q端形成的波比P端形成的波提前振动，所以叠加稳定时两波源间与两波源路程差等于半个波长偶数倍的各点振动加强，振幅为45cm，设某点是振动加强点，到两个波源的距离分别为x1和x2，则有x1+x2=20m解得由于x1<20m，故n值可取0、±1、±2、±3、±4时，除P、Q点外绳上有9处振动加强点，当n=0时x1=10m，即0点为振动加强点，故振幅为45cm， C错误，D正确。故选D。8．D【详解】A．M板与电源正极相连，两板间电场方向由M板指向N板，故A点电势比B点电势高，小球带负电，小球在A点电势能小于在B点电势能，A错误；B．只将M板向下移动时，则根据可知，场强变大，根据可知B点电势减小，B错误；C．只断开开关，两板所带电荷量保持不变电场强度保持不变，受力保持不变，仍然做单摆运动，C错误；D．只把电源正负极对调，电场力由竖直向上变为竖直向下，等效重力场的等效重力加速度变大，由小球摆动周期表达式故周期变小，D正确。故选D。9．ACD【详解】A．简谐运动的回复力是按效果命名的力，故A正确；B．振动图像描述的是振动质点在不同时刻的位移，而不是其实际的运动轨迹，故B错误；C．物体在周期性驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，与固有频率无关故C正确；D．当驱动力的频率等于受迫振动系统的固有频率时，发生共振，振幅达到最大，故D正确。故选ACD。10．BD【详解】A．在时刻，P质点的振动图像如图乙所示，根据“上下坡法”，知该波沿x轴负向传播，A错误；B．质点P、Q在x轴上相差半个周期，P、Q两点速度大小始终相等，B正确；C．又图可知由图甲可知当得Q质点的位移为，C错误；D．因为所以此波遇到另一列简谐横波发生了干涉现象，则所遇到的波的频率为，D正确。故选BD。11．AC【详解】AB．垒球被击打后，可能以与被击打前等大的速度反向打出，所以球的动能可能不变，动量大小不变，动量大小增量为零，故A正确，B错误；C．由牛顿第三定律知：球对棒的作用力与棒对球的作用力大小一定相等，故C正确；D．球受到棒的冲量方向是棒对球弹力的方向，与球被击打前的速度方向相反，故D错误。故选AC。12．BC【详解】当该列波向右传播时，根据题干可知1m和7m之间的距离满足的关系为则由可得波速为当n=1时可得；当波向左传播时1m和7m之间的距离关系满足则当n=0时可得；将A和D选项代入两个波速表达式，n均不是整数，因此A和D错误，BC正确。故选BC。13．                    竖直     【详解】(1)[1]滑板车做往复运动的周期为[2]根据单摆的周期公式，得(2)[3]两挡光片间的距离[4]手提玻璃条上端使它静止在竖直方向上，让光电门的光束从玻璃条下端的透光部分通过。[5]玻璃条下部挡光条通过光电门时玻璃条的速度为玻璃条上部挡光条通过光电门时玻璃条的速度为根据速度位移公式有代入数据解得加速度14．     C     D     【详解】(1)[1]两球碰撞时要发生对心碰撞，两球的直径应相等，即r1=r2；为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即m1>m2。故C正确。故选C。 (2)[2]AB．由于各种偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落点不可能完全重合，落点应当比较集中，故AB错误；CD．确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表落点的平均位置；由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难。故不能用求平均值的方法求解；故C错误D正确。故选D。(2)[3]分析数据，如果动量守恒应有小球碰撞前后都做平抛运动，因高度相同则落地的时间想用，因此有代入上面公式可得是否成立，从而验证动量守恒定律。15．（1）；（2）【详解】（1）时刻质点A位于波峰，波长则则从t1时刻开始，质点B第一次到达波峰时，波传播的距离为则质点B到达波峰的最少时间为（2）由题意可知，波的周期是则波长时刻的波形图如图所示质点B位于处，则质点B偏离平衡位置的位移带入数据解得16．（1）；（2）；（3），【详解】（1）系统动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得代入数据解得（2）对于物块与木板相互作用的全过程，由能量守恒定律得代入数据解得（3）物块在木板上相对运动过程中所受滑动摩擦力对于物块在木板相对运动的过程，以水平向右为正方向，根据动量定理有代入数据解得这段时间内木板做匀加速直线运动，发生的位移大小17．（1）10 m/s；（2）1.1 s；（3）0.9 m【详解】(1)由题图知：这列波的波长λ＝4 m又得T＝0.4 s由波速公式得(2)第一个波峰传到Q点的距离为x＝11 m，所需时间(3)振动传到P点需个周期，所以当Q点第一次出现波峰时，P点已振动了则P点通过的路程为18．（1）; （2），方向竖直向下; （3）【详解】解：（1）在平衡位置，弹簧的压缩量为AC上升到最高位置时，B对地面的压力为零，此时弹簧的拉伸量为所以振幅为（2）AC向下运动到最低点时，其压缩量为物块受到地面的最大支持力为根据牛顿第三定律得，物块对地面的最大压力为10N，方向竖直向下。（3）AC在平衡位置速率最大，从平衡位置到向上振幅最大位置，系统机械能守恒，以平衡位置为零势能面，有解得